必修2 第1章 遗传因子的发现章末检测卷一精品.docx
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必修2第1章遗传因子的发现章末检测卷一精品
必修2第1章遗传因子的发现章末检测卷
(一)
(时间:
90分钟 满分:
100分)
一、选择题(本题包括20小题,每小题2.5分,共50分)
1.下列各项中属于相对性状的是( )
A.水稻的早熟和晚熟B.眼大和眼角上翘
C.桃树的红花和绿叶D.豌豆的高茎和水稻的矮茎
答案 A
解析 眼大和眼角上翘不是同一种性状,所以B项不符合;C项也不符合同一种性状的不同表现类型的要求;D项不是同一物种的性状。
2.(2018·山西太原五中高二下段测)下列不是孟德尔遗传规律出现特定分离比的条件的是( )
A.所研究的每一对相对性状只受一对等位基因控制,且相对性状为完全显性
B.每一代不同类型的配子都能发育良好,且不同配子结合机会相等
C.所有后代必须具有相同的存活率,但是所处的环境可以不同
D.供实验的群体要足够大,个体数量要足够多
答案 C
解析 生物的表现型是由基因型与环境共同决定的,所以想要出现特定分离比,所有后代都必须处于比较一致且适宜的环境中。
3.(2019·河南八市联考)在孟德尔的豌豆杂交实验中,涉及自交和测交。
下列相关叙述不正确的是( )
A.根据自交结果一定能判断出某一相对性状的显隐性关系
B.根据测交结果可推测被测个体产生的配子类型及比例
C.根据自交和测交结果均可判断某显性个体是否为纯合子
D.自交和测交都能用来验证基因的分离定律
答案 A
解析 自交后代若出现性状分离,则可以判断显隐性关系,若没有出现性状分离,则不能判断显隐性关系,A错误;根据测交后代的表现型种类及比例可推测被测个体产生的配子类型及比例,B正确;若自交后代出现性状分离,说明是杂合子,否则为纯合子,若测交后代出现两种表现型说明是杂合子,否则为纯合子,C正确;自交和测交都能用来验证基因的分离定律,D正确。
4.(2018·山东莱阳一中期末)落花生是闭花受粉的植物,果实(花生)的厚皮对薄皮为显性,果子狸毛色深褐色对浅灰色为显性。
若要鉴定一株结厚皮果实的落花生和一只深褐色果子狸的纯合与否,应采用的最简便的遗传方法分别是( )
A.杂交、杂交B.杂交、测交
C.自交、自交D.自交、测交
答案 D
解析 鉴定纯合与否,动物可采用测交,植物既可以采用测交也可以采用自交,但对植物(尤其是闭花受粉的植物)而言,自交比测交操作简便。
让厚皮落花生自交,若后代无性状分离,则为纯合子,否则为杂合子;让深褐色果子狸与多只浅灰色的隐性个体交配,若后代全为深褐色,则可认为是纯合子,否则是杂合子,D正确。
5.下列各项遗传因子组成类型的植物在形成花粉时,产生的配子种类数最少的是(A、a和B、b两对遗传因子按自由组合定律遗传)( )
A.AaBBB.AaBbC.AABBD.AABb
答案 C
解析 AaBB能产生2种类型的配子,即AB、aB;AaBb能产生4种类型的配子,即AB、Ab、aB、ab;AABB只能产生1种类型的配子,即AB;AABb能产生2种类型的配子,即AB、Ab。
6.已知豌豆种子的黄色(Y)对绿色(y)、高秆(D)对矮秆(d)是显性,这两对性状独立遗传。
用双亲为黄色高秆和绿色矮秆的豌豆植株杂交,得F1,选取F1的数量相等的两种植株进行测交,产生的后代数量相同,测交后代表现型及比例为黄色高秆∶绿色高秆∶黄色矮秆∶绿色矮秆=1∶3∶1∶3。
下列说法不正确的是( )
A.双亲的基因型可能是YyDd和yydd
B.上述F1用于测交的个体基因型是YyDd和yyDd
C.上述F1用于测交的个体自交,后代表型比为9∶15∶3∶5
D.若F1的所有个体自交,产生的后代中杂合子有4种
答案 D
解析 已知选取F1两种植株进行测交,测交后代中黄色∶绿色=1∶3,高茎∶矮茎=1∶1,可推知所选择的F1两种植株个体的基因型为YyDd和yyDd,这两种基因型植株的亲本基因型是YyDd和yydd或YyDD和yydd,A、B项正确;YyDd自交后代表现型及比例为黄色高秆∶绿色高秆∶黄色矮秆∶绿色矮秆=9∶3∶3∶1,yyDd自交后代表现型及比例为绿色高秆∶绿色矮秆=3∶1,上述F1用于测交的个体自交,其后代表现型及比例为黄色高秆∶绿色高秆∶黄色矮秆∶绿色矮秆=9∶15∶3∶5,C项正确;若F1的所有个体自交,其中YyDd自交后代会出现YYDd、YyDD、YyDd、yyDd、Yydd这5种杂合子,yyDd自交后代有yyDd的杂合子,所以产生的后代中杂合子有5种,D项错误。
7.(2019·广东清远一中期末)已知控制小鼠毛色遗传的等位基因为A、a。
某研究小组对小鼠毛色的遗传进行了一系列实验并得到实验结果如下表。
下列相关叙述错误的是( )
实验一
黑色鼠与黑色鼠杂交,后代全部为黑色鼠
实验二
黄色鼠与黄色鼠杂交,后代黄色鼠与黑色鼠的数量比为2∶1
实验三
黄色鼠与黑色鼠杂交,后代黄色鼠与黑色鼠的数量比为1∶1
A.黄色是显性性状
B.表中黄色鼠的基因型都是Aa
C.由实验二的结果可推测基因型为AA的受精卵不能完成胚胎发育(或有致死效应)
D.实验三为测交,若让后代中的雌雄黄色鼠随机交配,则所产生的子代中黑色鼠占1/4
答案 D
解析 分析实验结果可知:
实验二中,黄色鼠与黄色鼠杂交,后代出现黑色鼠,说明黄色是显性性状,A正确;实验二中后代出现性状分离,可知亲本中两只黄色鼠的基因型均为Aa,正常情况下,它们杂交后代的基因型及比例应为AA∶Aa∶aa=1∶2∶1,即黄色鼠∶黑色鼠=3∶1,而实验中后代黄色鼠与黑色鼠的比例为2∶1,说明AA致死,B、C正确;由实验三的结果可判断其为测交,由此可推测后代中的黄色鼠基因型是Aa,若让其随机交配,由于AA致死,则后代中黑色鼠占1/3,D错误。
8.(2018·陕西西安高新一中期中)果蝇的长翅(V)对残翅(v)为显性。
但是,当长翅品系的幼虫在35℃温度条件下培养(正常培养温度为25℃)时,长成的成体果蝇是残翅,这种现象称为“表型模拟”。
现有一只残翅果蝇,要判断它是纯合残翅(vv),还是“表型模拟”,则应选用的配种方案和培养温度条件分别是( )
A.该残翅果蝇与异性正常残翅果蝇、35℃
B.该残翅果蝇与异性正常长翅果蝇、35℃
C.该残翅果蝇与异性正常残翅果蝇、25℃
D.该残翅果蝇与异性正常长翅果蝇、25℃
答案 C
解析 根据题意可知,该残翅果蝇的基因型可能为vv或VV、Vv,要确定其基因型,应选择异性正常残翅果蝇(vv)与其交配,并且在25℃(因为该温度下不会发生“表型模拟”)下培养,故选C。
9.通过饲养灰鼠和白鼠(遗传因子组成未知)的实验,得到实验结果见下表,如果杂交Ⅳ亲本中灰色雌鼠和杂交Ⅱ亲本中的灰色雄鼠杂交,结果最可能是( )
杂交
亲本
子代
雌
×
雄
灰色
白色
Ⅰ
灰色
×
白色
82
78
Ⅱ
灰色
×
灰色
118
39
Ⅲ
白色
×
白色
0
50
Ⅳ
灰色
×
白色
74
0
A.都是灰色B.都是白色
C.
是灰色D.
是白色
答案 A
解析 根据杂交组合Ⅱ,具有相同性状的亲本(灰色)杂交,后代出现性状分离,可判断灰色是显性,且亲本灰色全是杂合子。
根据杂交组合Ⅳ,具有相对性状的两个亲本杂交,后代只表现一种性状(灰色),判断亲本中的灰色雌鼠是纯合子。
杂交组合Ⅳ亲本中的灰色雌鼠(纯合子)与组合Ⅱ亲本中的灰色雄鼠(杂合子)杂交,后代全是灰色。
10.(2019·河南师大附中月考)某种动物的毛色有灰色和黑色两种,多对黑色雌雄个体杂交,得到203个黑色个体,98个灰色个体。
下列分析不合理的是( )
A.黑色是由显性基因控制的性状
B.该动物种群中黑色个体均为杂合子
C.显性纯合子可能在胚胎时期致死
D.上述杂交过程中不同配子的成活率不同
答案 D
解析 多对黑色雌雄个体杂交,后代出现性状分离,说明黑色是由显性基因控制的性状,A正确;因为多对黑色雌雄个体杂交,后代黑色∶灰色=203∶98≈2∶1,说明杂交过程中不同配子的成活率相同,但显性纯合子可能在胚胎时期致死,故B、C正确,D错误。
11.(2018·河南郑州八校联考高二上期中)在某一动物种群中,基因型为DD、Dd、dd的个体分别占20%、60%、20%,其中基因型为dd的个体丧失生殖能力,则该种群的个体随机交配,后代中基因型为dd的个体占( )
A.9/64B.9/100C.1/4D.3/4
答案 A
解析 由于基因型为dd的个体丧失生殖能力,因此亲代中进行交配的只有基因型为DD和Dd的个体,它们分别占所有交配个体的1/4和3/4,所以后代中基因型为dd的个体占1/4×3/4×3/4=9/64,故选A。
12.(2018·成都九校联考高一期中)某同学调查了一个确定患有白化病的家系。
该家系的具体情况为:
一对夫妇均正常,丈夫的父母均正常,丈夫的妹妹患有该病;妻子的父亲正常(不含致病基因),母亲是携带者(不患白化病,但含致病基因)。
这对夫妇所生的正常孩子中是纯合子的概率是( )
A.
B.
C.
D.
答案 B
解析 假设控制该病的相关基因用A、a表示,由题干分析可知,丈夫的基因型及比例为
AA、
Aa,妻子的基因型及比例为
AA、
Aa,则有四种情况:
①
AA×
AA→
AA;②
AA×
Aa→
AA+
Aa;③
Aa×
AA→
AA+
Aa;④
Aa×
Aa→
AA+
Aa+
aa,这对夫妇生育的正常孩子中是纯合子的概率是:
=
。
13.(2018·江苏南通期末)在孟德尔两对相对性状杂交实验中,F1黄色圆粒豌豆(YyRr)自交产生F2。
下列表述中正确的是( )
A.F1产生4个配子,比例为1∶1∶1∶1
B.F1产生遗传因子组成为YR的卵细胞和遗传因子组成为YR的精子数量之比为1∶1
C.自由组合定律是指F1产生的4种类型的精子和卵细胞可以自由组合
D.F1产生的精子中,遗传因子组成为YR和遗传因子组成为yr的比例为1∶1
答案 D
解析 F1产生4种配子,不是4个,A错误;F1产生4种精子和4种卵细胞,YR∶yR∶Yr∶yr=1∶1∶1∶1,4种精子和卵细胞可以随机结合,但精子的数量远多于卵细胞的数量,B错误;自由组合是指F1在产生配子时,决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离,决定不同性状的遗传因子自由组合,C错误。
14.(2019·四川成都彭州中学高三上月考)某种哺乳动物的直毛(B)对卷毛(b)为显性,黑色(C)对白色(c)为显性,两对基因独立遗传。
基因型为BbCc的个体与“个体X”交配,子代的表现型有直毛黑色、卷毛黑色、直毛白色和卷毛白色四种,它们之间的比例为3∶3∶1∶1。
则“个体X”的基因型为( )
A.BbCCB.BbCcC.bbCcD.Bbcc
答案 C
解析 依题意知,P:
BbCcד个体X”→F1中直黑∶卷黑∶直白∶卷白=3∶3∶1∶1,可根据子代表现型1∶1或3∶1等来推知亲代的基因型,根据F1中直毛∶卷毛=1∶1可推知亲本杂交组合为Bb×bb,根据F1中黑毛∶白毛=3∶1可推知亲本杂交组合为Cc×Cc,因此“个体X”的基因型为bbCc,C正确。
15.(2019·甘肃兰州一中期中)某个体的基因型由n对等位基因构成,每对基因均为杂合子,且独立遗传。
下列相关说法不正确的是( )
A.该个体能产生2n种配子
B.该个体自交后代出现3n种基因型
C.该个体自交后代中纯合子所占的比例为(1/3)n
D.该个体与隐性纯合子杂交后代会出现2n种基因型
答案 C
解析 基因型为Aa的个体能产生2种配子,其自交后代的基因型有3种,其中纯合子占1/2;基因型为AaBb的个体能产生22种配子,其自交后代的基因型有32种,其中纯合子占(1/2)2;基因型为AaBbCc的个体能产生23种配子,其自交后代的基因型为33种,其中纯合子占(1/2)3;以此类推,可知该个体能产生2n种配子,其自交后代会出现3n种基因型,其中纯合子占(1/2)n,A、B正确,C错误;该个体能产生2n种配子,因此它与隐性纯合子杂交后代会出现2n种基因型,D正确。
16.(2018·山西大学附属中学期中)某植物的花色受两对等位基因(E和e、F和f,两对基因独立遗传)控制,基因E和F的作用相反,E基因控制色素合成(颜色的深浅与E基因的个数呈正相关),F基因淡化色素的颜色(淡化的程度与F基因的个数呈正相关)。
该植物的花色有红色、粉色、白色三种,部分基因型与表现型的关系如表所示。
下列相关说法中正确的是( )
基因型
EEff
Eeff、EEFf
EEFF、EeFf
表现型
红色
粉色
白色
A.白色植株的基因型除了表中所给外,还有eeFF、eeFf、eeff三种
B.若纯合红色植株与纯合白色植株杂交,后代全为粉色植株,则亲本中白色植株的基因型为EEFF或eeff
C.基因型为EeFf的植株自交,后代红色∶粉色∶白色=1∶2∶1
D.红色植株与白色植株杂交,后代不会出现白色植株
答案 B
解析 白色植株的基因型除了表中所给外,还有eeFF、eeFf、eeff、EeFF,A项错误;若纯合红色植株与纯合白色植株杂交,后代全为粉色植株,则亲本中白色植株的基因型为EEFF或eeff,B项正确;基因型为EeFf的植株自交,后代红色∶粉色∶白色=1∶4∶11,C项错误;基因型为EEff的红色植株与基因型为eeFF的白色植株杂交,后代全为白色植株,D项错误。
17.(2018·新疆哈密二中高三上月考)某种植物的株高受三对基因(A、a,B、b,C、c)控制,遵循基因的自由组合定律,三种显性基因以累加效应来增加株高,且每个显性基因的遗传效应是相同的。
现将最矮和最高的植株杂交得到F1,再将F1自交得到F2。
则F2中与基因型为AAbbcc的个体株高相同的概率为( )
A.
B.
C.
D.
答案 A
解析 根据题意分析可知,三种显性基因以累加效应决定植株的高度,且每个显性基因的遗传效应是相同的,基因型为AABBCC的个体最高,基因型为aabbcc的个体最矮,即植株的高度与显性基因的个数呈正相关,每增加一个显性基因,植株增高一定的高度。
题中将最矮(aabbcc)和最高(AABBCC)的植株杂交得到F1(AaBbCc),再将F1自交得到F2。
则F2中与基因型为AAbbcc的个体高度相等的个体含有的显性基因数为2,比例为1/4×1/4×1/4×3+1/2×1/2×1/4×3=15/64。
18.(2019·辽宁大连二十四中高二上期中)已知牵牛花的花色受三对独立遗传的等位基因(A和a、B和b、C和c)控制,其途径如图所示,其中蓝色和红色混合后显紫色,蓝色和黄色混合后显绿色。
现有某紫花植株自交子代出现白花和黄花,据此判断下列叙述不正确的是( )
A.自然种群中红花植株的基因型有4种
B.用于自交的紫花植株的基因型为AaBbCc
C.自交子代出现黄花植株的概率为3/64
D.自交子代中绿花植株和红花植株所占的比例不同
答案 D
解析 据图分析,红花植株应该同时含有A基因和B基因,但是没有C基因,即基因型为A_B_cc,所以自然种群中红花植株的基因型有4种,A正确;紫花植株的基因型为A_B_C_,某紫花植株自交子代出现白花(aa__cc)和黄花(A_bbcc),则该紫花植株的基因型为AaBbCc,其自交子代出现黄花植株的概率为3/4×1/4×1/4=3/64,B、C正确;自交子代中绿花植株(A_bbC_)所占的比例为3/4×1/4×3/4=9/64,红花植株(A_B_cc)所占的比例为3/4×3/4×1/4=9/64,两者所占比例相同,D错误。
19.(2018·湖北武汉二中期中)某种蛙眼色的表现型与基因型的对应关系如表所示(两对基因独立遗传):
表现型
蓝眼
绿眼
紫眼
基因型
A_B_
A_bb、aabb
aaB_
现有蓝眼蛙与紫眼蛙杂交,F1只有蓝眼和绿眼两种表现型,理论上F1蓝眼蛙∶绿眼蛙为( )
A.3∶1B.3∶2C.9∶7D.13∶3
答案 A
解析 依题意,蓝眼蛙(A_B_)和紫眼蛙(aaB_)杂交,后代只有蓝眼(A_B_)和绿眼(A_bb、aabb)两种表现型,可知亲本中蓝眼蛙的基因型为AABb、紫眼蛙的基因型为aaBb,则F1中蓝眼蛙(3/4AaB_)∶绿眼蛙(1/4Aabb)=3∶1,故选A。
20.某种植物的花色有紫色、红色、粉红色、白色四种,分别由基因Qa、Qb、Qc、Qd控制,四种基因之间的显隐性关系为:
Qa>Qb>Qc>Qd(前者对后者为显性)。
现有基因型为QaQd与QcQd的个体杂交,则后代个体的表现型及比例为( )
A.紫色∶粉红色∶白色=2∶1∶1
B.紫色∶红色∶白色=2∶1∶1
C.紫色∶红色∶粉红色∶白色=1∶1∶1∶1
D.紫色∶白色=3∶1
答案 A
解析 基因型为QaQd与QcQd的个体杂交,后代个体的基因型有QaQc、QaQd、QcQd、QdQd,分别表现为紫色、紫色、粉红色、白色,因此,后代个体的表现型及比例为紫色∶粉红色∶白色=2∶1∶1,A项正确。
二、非选择题(本题包括5小题,共50分)
21.(10分)某种植物的果皮有毛和无毛、果肉黄色和白色为两对相对性状,各由一对等位基因控制(前者用D、d表示,后者用F、f表示),且独立遗传。
利用该种植物三种不同基因型的个体(有毛白肉A、无毛黄肉B、无毛黄肉C)进行杂交,实验结果如下:
回答下列问题:
(1)果皮有毛和无毛这对相对性状中的显性性状为________,果肉黄色和白色这对相对性状中的显性性状为________。
(2)有毛白肉A、无毛黄肉B和无毛黄肉C的基因型依次为________________。
(3)若无毛黄肉B自交,理论上,下一代的表现型及比例为________________________。
(4)若实验3中的子代自交,理论上,下一代的表现型及比例为_______________________。
(5)实验2中得到的子代无毛黄肉的基因型有__________。
答案
(1)有毛 黄肉
(2)DDff、ddFf、ddFF (3)无毛黄肉∶无毛白肉=3∶1 (4)有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛黄肉∶无毛白肉=9∶3∶3∶1 (5)ddFF、ddFf
解析
(1)通过实验1和实验3可知,有毛与无毛杂交后代均为有毛,可知有毛为显性性状。
通过实验3可知,白肉与黄肉杂交,后代均为黄肉,可判定黄肉为显性性状。
(2)通过实验1有毛A与无毛B杂交后代全为有毛可知:
A为DD,B为dd。
同理通过实验3可知C为dd;通过实验3白肉A和黄肉C杂交后代全为黄肉可知,A为ff,C为FF;通过实验1白肉A和黄肉B杂交后代黄肉∶白肉=1∶1,可知B为Ff,所以A的基因型为DDff,B的基因型为ddFf,C的基因型为ddFF。
(3)B的基因型为ddFf,自交后代根据分离定律可得无毛黄肉∶无毛白肉=3∶1。
(4)实验3亲本的基因型为DDff与ddFF,子代基因型为DdFf,根据自由组合定律,子代自交后代表现型及比例为有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛黄肉∶无毛白肉=9∶3∶3∶1。
(5)实验2亲本的基因型为ddFf与ddFF,它们杂交后代无毛黄肉的基因型为ddFF、ddFf。
22.(10分)(2019·黑龙江哈尔滨九中期末)鹦鹉中控制绿色和黄色、条纹和无纹的两对等位基因分别用A、a和B、b表示。
已知绿色条纹鹦鹉与黄色无纹鹦鹉交配,F1为绿色无纹和黄色无纹,其比例为1∶1。
当F1中绿色无纹鹦鹉彼此交配时,F2中表现型及比例为绿色无纹∶黄色无纹∶绿色条纹∶黄色条纹=6∶3∶2∶1。
回答下列问题:
(1)这两对基因的遗传遵循________________定律,这两对相对性状中显性性状为________________。
亲本的基因型组合是________________。
(2)F1的绿色无纹鹦鹉彼此交配的后代中致死基因型有______________________,占其后代的比例为________,F2中绿色无纹的基因型是________________。
答案
(1)基因的自由组合 绿色和无纹 Aabb×aaBB
(2)AABB、AABb、AAbb 1/4 AaBB、AaBb
解析
(1)根据题中F2的性状分离比可知,这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律,只是发生了个体致死;根据F1中绿色无纹鹦鹉彼此交配,后代出现黄色和条纹个体可知,绿色为显性,无纹为显性;由F1的绿色无纹鹦鹉彼此交配,F2出现6∶3∶2∶1的比例可知AA纯合致死,由此说明F1的绿色无纹鹦鹉基因型均为AaBb,亲本的基因型组合一定为Aabb×aaBB。
(2)因为AA纯合致死,则F2中致死基因型有1AABB(绿色无纹)、2AABb(绿色无纹)、1AAbb(绿色条纹),占其后代的比例为1/4;F2中绿色无纹的基因型是AaBB和AaBb。
23.(10分)鸡冠的形状由两对基因(A和a,B和b)控制,这两对基因的遗传符合基因的自由组合定律,且与性别无关。
据下表完成问题:
项目
基因组合
A、B
同时存在
(A_B_型)
A存在、
B不存在(A_bb型)
B存在、
A不存在(aaB_型)
A和B
都不存在(aabb型)
鸡冠形状
核桃状
玫瑰状
豌豆状
单片状
杂交组合
甲:
核桃状×单片状→F1:
核桃状、玫瑰状、豌豆状、单片状
乙:
玫瑰状×玫瑰状→F1:
玫瑰状、单片状
丙:
豌豆状×玫瑰状→F1:
全是核桃状
(1)甲组杂交方式在遗传学上称为________,甲组杂交F1四种表现型比例是________________。
(2)让乙组后代F1中玫瑰状冠的鸡与另一纯合豌豆状冠的鸡杂交,杂交后代表现型及比例在理论上是________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
(3)让丙组F1中的雌雄个体交配,后代表现为玫瑰状冠的有120只,那么表现为豌豆状冠的杂合子理论上有________只。
(4)基因型为AaBb与Aabb的个体杂交,它们的后代基因型的种类有________种,后代中纯合子所占比例为________。
答案
(1)测交 1∶1∶1∶1
(2)核桃状∶豌豆状=2∶1 (3)80 (4)6 1/4
解析
(1)甲组为双杂合个体与隐性纯合子杂交,叫做测交,测交后代有四种表现型,且比例为1∶1∶1∶1。
(2)乙组杂交后代F1玫瑰状个体的基因型为2/3Aabb、1/3AAbb,和纯合豌豆状冠(aaBB)的鸡杂交,后代中出现核桃状冠鸡的概率是1/3+2/3×1/2=2/3,出现豌豆状冠鸡的概率是2/3×1/2=1/3,比例为2∶1。
(3)丙组中,由F1全是核桃状,可推出亲代基因型为aaBB、AAbb,F1基因型为AaBb,F1中雌雄个体杂交,符合基因的自由组合定律,F2中玫瑰状冠的鸡为1/16AAbb+2/16Aabb=120(只),故杂合的豌豆状冠(2/16aaBb)个体理论上有80只。
(4)基因型为AaBb、Aabb的个体杂交,后代的基因型种类为3×2=6(种),纯合子所占的比例为1/2×1/2=1/4。
24.(10分)(2019·吉林一中高二月考)鳟鱼的眼球颜色和体表颜色分别由两对等位基因A、a和B、b控制。
现以纯种红眼黄体鳟鱼和纯种黑眼黑体鳟鱼为
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