全国高考理综试题及答案新课标2.docx
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全国高考理综试题及答案新课标2
一、选择题:
1.将三组生理状态相同的某植物幼根别离培育在含有相同培育液的密闭培育瓶中,一段时刻后,测定根吸收某一矿质元素离子的量。
培育条件及实验结果见下表:
培养瓶中气体
温度(℃)
离子相对吸收量(%)
空气
17
100
氮气
17
10
空气
3
28
以下分析正确的选项是
A.有氧条件有利于该植物幼根对该离子的吸收
B.该植物幼根对该离子的吸收与温度的转变无关
C.氮气环境中该植物幼根细胞吸收该离子不消耗ATP
D.与空气相较,氮气环境有利于该植物幼根对该离子的吸收
【答案】A
2.
端粒酶由RNA和蛋白质组成,该酶能结合到端粒上,以自身的RNA为模板合成端粒DNA的一条链。
以下表达正确的选项是
A.大肠杆菌拟核的DNA中含有端粒
B.端粒酶中的蛋白质为RNA聚合酶
C.正常人细胞的每条染色体两头都含有端粒DNA
D.正常体细胞的端粒DNA随细胞割裂次数增加而变长
【答案】C
【解析】端粒存在于真核生物染色体的结尾,是由DNA序列及其相关的蛋白质所组成的复合体,A错误。
由“端粒酶由RNA和蛋白质组成,该酶能结合到端粒上,以自身的RNA为模板合成端粒DNA的一条链”可知端粒酶中的蛋白质为逆转录酶;B错误。
正常体细胞的端粒DNA随细胞割裂次数增加而变短;D错误。
3.以下进程中,不属于胞吐作用的是
A.浆细胞分泌抗体到细胞外的进程
B.mRNA从细胞核到细胞质的进程
C.分泌蛋白从胰腺的腺泡细胞到胞外的进程
D.突触小泡中神经递质释放到突触间隙的进程
【答案】B
【解析】抗体、分泌蛋白均为大分子物质,出细胞方式为胞吐;mRNA通过核孔从细胞核到细胞质中,不是胞吐作用;突触前膜通过胞吐将神经递质释放到突触间隙;综上分析符合题意的为B选项。
4.以下有关生态系统的表达,错误的选项是
A.生态系统的组成成份中含有非生物成份
B.生态系统相对稳固时无能量输入和散失
C.生态系统维持相对稳固离不开信息传递
D.负反馈调剂有利于生态系统维持相对稳固
【答案】B
【解析】生态系统的组成成份:
非生物的物质和能量、生产者、消费者、分解者;A正确。
生态系统相对稳固时能量的输入=输出(散失);B错误。
5.以下与病原体有关的表达,正确的选项是
(1)抗体能够进入细胞消灭寄生在其中的结核杆菌
(2)抗体抗击病毒的机制与溶菌酶杀灭细菌的机制相同
(3)Rous肉瘤病毒不是致癌因子,与人的细胞癌变无关
(4)人体感染HIV后的病症与体内该病毒浓度和T细胞数量有关
【答案】D
6.
以下关于人类猫叫综合征的表达,正确的选项是
A.该病是由于特定的染色体片段缺失造成的
B.该病是由于特定染色体的数量增加造成的
C.该病是由于染色体组数量成倍增加造成的
D.该病是由于染色体中增加某一片段引发的
【答案】A
【解析】人类猫叫综合征是人类的第5号染色体片段缺失致使;A正确。
29.(12分)某基因的反义基因可抑制该基因的表达。
为研究番茄中的X基因和Y基因对其果实成熟的阻碍,某研究小组以番茄的非转基因植株(A组,即对照组)、反义X基因的转基因植株(B组)和反义Y基因的转基因植株(C组)为材料进行实验。
在番茄植株长出果实后的不同天数(d),别离检测各组果实的乙烯释放量(果实中乙烯含量越高,乙烯的释放量就越大),结果如下表:
组别
乙烯释放量(μL.kg-1.h-1)
20d35d40d45d
A
0
27
17
15
B
0
9
5
2
C
0
0
0
0
回答以下问题:
(1)假设在B组果实中没有检测到X基因表达的蛋白质,在C组果实中没有检测到Y基因表达的蛋白质。
可推测,A组果实中与乙烯含量有关的基因有,B组果实中与乙烯含量有关的基因有。
(2)三组果实中,成熟最先的是组,其缘故是。
若是在35天时采摘A组与B组果实,在常温下贮存时刻较长的应是组。
【答案】
(1)X基因、Y基因(2分)X基因、Y基因和反义X基因(3分)
(2)A(2分)
乙烯具有增进果实成熟的作用,该组乙烯的含量(或释放量)高于其他组(3分,其它合理也给分)B(2分)
30.
(9分)甲状腺激素是人体中的重要激素。
回答以下相关问题:
(1)通常,新生儿诞生后,由于所处环境温度比母体内低,甲状腺激素水平会升高。
在那个进程中,甲状腺激素分泌的调剂是分级调剂,其中由分泌促甲状腺激素释放激素,由分泌促甲状腺激素。
(2)甲状腺激素的作用包括提高的速度,使机体产热增多;阻碍神经系统的。
甲状腺激素作用的靶细胞是。
(3)除作用于靶细胞外,激素作用方式的特点还有(答出一点即可)。
【答案】
(1)下丘脑(1分)垂体(1分)
(2)细胞代谢(2分)发育和功能(2分)几乎全身所有的细胞(1分)
(3)高效(2分,其他合理答案也给分)
【解析】
(1)下丘脑分泌促甲状腺激素释放激素,垂体分泌促甲状腺激素,甲状腺分泌甲状腺激素。
(2)甲状腺激素可增进神经系统的发育,提高神经系统的兴奋性,还能增进细胞代谢活动,增加产热。
甲状腺激素可作用于几乎全身遍地的细胞。
(3)激素作用的特点有:
微量高效,通过体液运输,只能作用于靶细胞、靶器官。
31.(8分)某生态系统总面积为250km2,假设该生态系统的食物链为甲种植物→乙种动物→丙种动物,乙种动物种群的K值为1000头。
回答以下问题
(1)某次调查发觉该生态系统中乙种动物种群数量为550头,那么该生态系统中乙种动物的种群密度为;当乙种动物的种群密度为时,其种群增加速度最快。
(2)假设丙种动物的数量增加,那么一段时刻后,甲种植物数量也增加,其缘故是。
(3)在甲种植物→乙种动物→丙种动物这一食物链中,乙种动物同化的能量(填“大于”、“等于”或“小于”)丙种动物同化的能量。
【答案】
(1)2.2头/km2(2分)2头/km2(2分)
(2)乙种动物以甲种动物为食,丙种动物数量增加致使乙种动物数量减少,从而致使甲种植物数量增加(3分,其他合理答案也给分)
(3)大于(1分)
【解析】
(1)550头/250km2=2.2头/km2,种群数量达到K/2时,增加速度最快,即:
(1000头/2)/250km2=2头/km2;
(2)由甲种植物→乙种动物→丙种动物分析可知,当丙种动物增多时,捕食的乙种动物增多,致使乙种动物数量下降,乙种动物数量下降,捕食的甲种植物减少,致使甲种植物数量增多。
(3)依据能量传递的特点:
单向流动、逐级递减可推知乙种动物同化的能量大于丙种动物同化的能量。
32.(10分)等位基因A和a可能位于X染色体上,也可能位于常染色体上。
假定某女孩的基因型是XAXA或AA,其祖父的基因型是XAY或Aa,祖母的基因型是XAXa或Aa,外祖父的基因型是XAY或Aa,外祖母的基因型是XAXa或Aa。
不考虑基因突变和染色体变异,请回答以下问题:
(1)若是这对等位基因关于常染色体上,可否确信该女孩的2个显性基因A来自于祖辈4人中的具体哪两个人?
什么缘故?
(2)若是这对等位基因位于X染色体上,那么可判定该女孩两个XA中的一个必然来自于
(填“祖父”或“祖母”),判定依据是;另外,(填“能”或“不能”)确信另一个XA来自于外祖父仍是外祖母。
【答案】
(1)不能(1分)
女孩AA中的一个A必然来自于父亲,但因为祖父和祖母都含有A,故无法确信父传给女儿的A是来自于祖父仍是祖母;另一个A必然来自于母亲,也无法确信母亲给女儿的A是来自外祖父仍是外祖母。
(3分,其他合理答案也给分)
(2)祖母(2分)
该女孩的一个XA来自父亲,而父亲的XA来必然来自于祖母(3分)
不能(1分)
39.
【生物——选修1:
生物技术实践】(15分)
回答与胡萝卜有关的问题:
(1)胡罗卜含有的胡罗卜素中,最要紧的是(填“α—胡罗卜素”或“β—胡罗卜素”或“γ—胡罗卜素”),该胡罗卜素在人体内能够转变成两分子,后者缺乏会引发人在弱光下视物不清的病症,该疾病称为,胡罗卜素是(填“挥发性”或“非挥发性”)物质。
(2)工业生产上,用养殖的岩藻作为原料提取胡罗卜素时,(填“需要”或“不需要”)将新鲜的岩藻干燥。
(3)现有乙醇和乙酸乙酯两种溶剂,应选用其中的作为胡罗卜素的萃取剂,不选用另外一种的理由是。
【答案】
(1)β—胡罗卜素维生素A夜盲症非挥发性(每空2分)
(2)需要(2分)
(3)乙酸乙酯(2分)萃取胡罗卜素的有机溶剂应不与水混溶,而乙醇为水溶性有机溶剂(3分)
【解析】
(1)胡萝卜中含有的主若是β—胡罗卜素,β—胡罗卜素可在人体内可转变成维生素A。
夜盲症是由于维生素A缺乏致使。
胡罗卜素没有挥发性。
(3)作为萃取胡罗卜素的萃取剂要有较高的沸点、能充分溶解胡罗卜素且与水不混溶。
胡罗卜素虽可溶于乙醇,但乙醇是水溶性有机溶剂,萃取中能与水混溶而阻碍萃取成效,因此不能用乙醇做萃取剂。
40.【生物——选修3:
现代生物技术专题】(15分)
已知生物体内有一种蛋白质(P),该蛋白质是一种转运蛋白,由305个氨基酸组成。
若是将P分子中158位的丝氨酸变成亮氨酸,240位的谷氨酰胺变成苯丙氨酸,改变后的蛋白质(P1)不但保留P的功能,而且具有了酶的催化活性。
回答以下问题:
(1)从上述资料可知,假设要改变蛋白质的功能,能够考虑对蛋白质的进行改造。
(2)以P基因序列为基础,取得P1基因的途径有修饰基因或合成基因,所取得的基因表达时是遵循中心法那么的,中心法那么的全数内容包括的复制;和遗传信息在不同分子之间的流动,即:
。
(3)蛋白质工程也被称为第二代基因工程,其大体途径是从预期蛋白质功能动身,通过
和,进而确信相对应的脱氧核苷酸序列,据此取得基因,在经表达、纯化取得蛋白质,以后还需要对蛋白质的生物进行鉴定。
【答案】
(1)氨基酸序列(或结构)(1分)
(2)PP1DNA和RNA
DNA→RNA、RNA→DNA、RNA→蛋白质(或转录、逆转录、翻译)
(3)设计蛋白质结构推测氨基酸序列功能
【解析】
(1)由题干信息可知改造蛋白质的功能,可通过改变蛋白质的结构实现。
(2)依据蛋白质工程的概念及题中信息可知取得P1基因的途径有修饰现有(P)基因或合成新(P1)基因。
中心法那么的全数内容包括:
DNA的复制、RNA的复制、转录、逆转录和翻译。
(3)蛋白质工程的大体途径:
从预期的蛋白质功能动身→设计预期的蛋白质结构→推测应有的氨基酸序列→找到相应的脱氧核苷酸序列。
通过蛋白质工程合成的蛋白质还需要进行生物活性的鉴定即功能鉴定,看是不是达到人们的需求。
7.食物干燥剂应无毒、无味、无侵蚀性及环境友好。
以下说法错误的选项是
A.硅胶可用作食物干燥剂
B.P2O5不可用作食物干燥剂
C.六水合氯化钙可用作食物干燥剂
D.加工后具有吸水性的植物纤维可用作食物干燥剂
【答案】C
考点:
考查干燥剂的有关判定
8.某羧酸酯的分子式为C18H26O5,1mol该酯完全水解可取得1mol羧酸和2mol乙醇,该羧酸的分子式为
A.C14H18O5B.C14H16O4C.C14H22O5D.C14H10O5
【答案】A
考点:
考查酯类化合物性质及分子式判定
9.原子序数依次增大的元素a、b、c、d,它们的最外层电子数别离为1、6、7、1。
a-的电子层结构与氦相
同,b和c的次外层有8个电子,c-和d+的电子层结构相同。
以下表达错误的选项是
A.元素的非金属性顺序为c>b>a
B.a和其他3种元素均能形成共价化合物
C.d和其他3种元素均能形成离子化合物
D.元素a、b、c各自最高和最低化合价的代数和别离为0、4、6
【答案】B
考点:
考查元素推断及元素周期律的应用
10.NA代表阿伏加德罗常数的值。
以下表达正确的选项是
A.60g丙醇中存在的共价键总数为10NA
B.1L0.1mol·L-1的NaHCO3-溶液中HCO3-和CO32-离子数之和为0.1NA
C.钠在空气中燃烧可生成多种氧化物。
23g钠充分燃烧时转移电子数为1NA
D.235g核互
U发生裂变反映:
U+
n
Sr+
U+10
n净产生的中子(
n)数为10NA
【答案】C
考点:
考查阿伏加德罗常数计算
11分子式为C5H10O2并能与饱和NaHCO3溶液反映放出气体的有机物有(不含量立体异构)
A.3种B.4种C.5种D.6种
【答案】B
【解析】
试题分析:
分子式为C5H10O2并能与饱和NaHCO3溶液反映放出气体,这说明该有机物是羧酸,即分子组成
为C4H9—COOH,丁基有4种,因此有机物有4种,答案选B。
考点:
考查同分异构体判定
12.海水开发利用的部份进程如下图。
以下说法错误的选项是
A.向苦卤中通入Cl2是为了提取溴
B.粗盐可采纳除杂和重结晶等进程提纯
C.工业生产常选用NaOH作为沉淀剂
D.富集溴一样先用空气和水蒸气吹出单质溴,再用SO2将其还原吸收
【答案】C
13.用右图所示装置进行以下实验:
将①中溶液滴入②中,预测的现象与实际相符的是
选项
①中物质
②中物质
预测②中的现象
A.
稀盐酸
碳酸钠与氢氧化钠的混合溶液
立即产生气泡
B.
浓硝酸
用砂纸打磨过的铝条
产生红棕色气体
C.
氯化铝溶液
浓氢氧化钠溶液
产生大量白色沉淀
D.
草酸溶液
高锰酸钾酸性溶液
溶液逐渐褪色
【答案】D
【解析】
试题分析:
A、盐酸第一中和氢氧化钠,A错误;B、常温下铝在浓硝酸中钝化,得不到气体,B错误;C、
氢氧化钠溶液开始是过量的,因此不可能产生白色沉淀氢氧化铝,C错误;D、草酸具有还原性,能被酸性
高锰酸钾溶液氧化,使其褪色,D正确,答案选D。
考点:
考查实验方案设计与评判
26.(14分)酸性锌锰干电池是一种一次电池,外壳为金属锌,中间是碳棒,其周围是有碳粉,二氧化锰,
氯化锌和氯化铵等组成的填充物,该电池在放电进程产生MnOOH,回收处置该废电池能够取得多种化工原
料,有关数据以下图所示:
溶解度/(g/100g水)
温度/℃
化合物
0
20
40
60
80
100
NH4Cl
29.3
37.2
45.8
55.3
65.6
77.3
ZnCl2
343
395
452
488
541
614
化合物
Zn(OH)2
Fe(OH)2
Fe(OH)3
Ksp近似值
10-17
10-17
10-39
回答以下问题:
(1)该电池的正极反映式为,电池反映的离子方程式为:
(2)维持电流强度为0.5A,电池工作五分钟,理论消耗Zng。
(已经F=96500C/mol)
(3)废电池糊状填充物加水处置后,过滤,滤液中要紧有氯化锌和氯化铵,二者能够通过____
分离回收,滤渣的要紧成份是二氧化锰、______和,欲从中取得较纯的二氧化锰,最简便的方式是,其原理是。
(4)用废电池的锌皮制作七水合硫酸锌,需去除少量杂质铁,其方式是:
加入新硫酸和双氧水,溶解,铁变成加碱调剂PH为,铁恰好完全沉淀(离子浓度小于1×10-5mol/L时,即能够为该离子沉淀完全)。
继续加碱调剂PH为,锌开始沉淀(假定Zn2+浓度为0.1mol/L)。
假设上述进程不加双氧水的后果是,缘故是。
【答案】
(1)MnO2+e—+H+=MnOOH;Zn+2MnO2+2H+=Zn2++2MnOOH
(2)0.05g
(3)加热浓缩、冷却结晶;铁粉、MnOOH;在空气中加热;碳粉转变成CO2,MnOOH氧化为MnO2(4)Fe3+;2.7;6;Zn2+和Fe2+分离不开;Fe(OH)2和Zn(OH)2的Ksp相近
【解析】
试题分析:
(1)酸性锌锰干电池是一种一次电池,外壳为金属锌,锌是负极,电极反映式为
Zn—2e—=Zn2+。
中间是碳棒,碳棒中正极,二氧化锰取得电子,那么正极电极反映式为MnO2+e—+H+=
MnOOH,总反映式为Zn+2MnO2+2H+=Zn2++2MnOOH。
(2)维持电流强度为0.5A,电池工作五分钟,那么通过的电量是150,因此通过电子的物质的量是
,锌在反映中失去2个电子,那么理论消耗Zn的质量是
。
考点:
考查原电池原理的应用、物质的分离与提纯等
27.(14分)甲醇是重要的化工原料,又可称为燃料。
利用合成气(要紧成份为CO、CO2和H2)在催化剂的作用下合成甲醇,发生的主反映如下:
①CO(g)+2H2(g)
CH3OH(g)△H1
②CO2(g)+3H2(g)
CH3OH(g)+H2O(g)△H2
③CO2(g)+H2(g)
CO(g)+H2O(g)△H3
回答以下问题:
化学键
H-H
C-O
C
O
H-O
C-H
E/(kJ.mol-1)
436
343
1076
465
413
(1)已知反映①中的相关的化学键键能数据如下:
由此计算△H1=kJ.mol-1,已知△H2=-58kJ.mol-1,那么△H3=kJ.mol-1
(2)反映①的化学平稳常数K的表达式为;图1中能正确反映平稳常数K随温度转变关系的曲线为(填曲线标记字母),其判定理由是。
(3)合成气的组成n(H2)/n(CO+CO2)=2.60时体系中的CO平稳转化率(a)与温度和压强的关系如图2所示。
a(CO)值随温度升高而(填“增大”或“减小”),其缘故是。
图2中的压强由大到小为_____,其判定理由是_____。
【答案】
(1)—99;+41
(2)
;a;反映①为放热反映,平稳常数应随温度升高变
小;
(3)减小;升高温度时,反映①为放热反映,平稳向向左移动,使得体系中CO的量增大;反映③为吸热反映,平稳向右移动,又产生CO的量增大;总结果,随温度升高,使CO的转化率降低;P3>P2>P1;相同温度下,由于反映①为气体分子数减小的反映,加压有利于提升CO的转化率;而反映③为气体分子数不变的反映,产生CO的量不受压强阻碍,故增大压强时,有利于CO的转化率升高
的量不受压强阻碍,故增大压强时,有利于CO的转化率升高,因此图2中的压强由大到小为P3>P2>P1。
考点:
考查反映热计算、盖斯定律应用和外界条件对平稳状态的阻碍
28.(15分)二氧化氯(ClO2,黄绿色易溶于水的气体)是高效、低毒的消毒剂,答以下问題:
(1)工业上可用KC1O3与Na2SO3在H2SO4存在下制得ClO2,该反映氧化剂与还原剂物质的量之比
为。
(2)实验室用NH4Cl、盐酸、NaClO2(亚氯酸钠)为原料,通过以下进程制备ClO2:
①电解时发生反映的化学方程式为。
②溶液X中大量存在的阴离子有__________。
③除去ClO2中的NH3可选用的试剂是(填标号)。
a.水b.碱石灰C.浓硫酸d.饱和食盐水
(3)用以下图装置能够测定混合气中ClO2的含量:
Ⅰ.在锥形瓶中加入足量的碘化钾,用50mL水溶解后,再加入3mL稀硫酸:
Ⅱ.在玻璃液封装置中加入水.使液面没过玻璃液封管的管口;
Ⅲ.将必然量的混合气体通入锥形瓶中吸收;
Ⅳ.将玻璃液封装置中的水倒入锥形瓶中:
Ⅴ.用0.1000mol·L-1硫代硫酸钠标准溶液滴定锥形瓶中的溶液(I2+2S2O32-=2I-+S4O62-),指示剂显示终点时共用去20.00mL硫代硫酸钠溶液。
在此进程中:
①锥形瓶内ClO2与碘化钾反映的离子方程式为。
②玻璃液封装置的作用是。
③V中加入的指示剂一样为,滴定至终点的现象是。
④测得混合气中ClO2的质量为g.。
(4)O2处置过的饮用水会含有必然最的亚氯酸盐。
假设要除去超标的亚氯酸盐,以下物庾最适宜的是_______填标号)。
a.明矾b.碘化钾c.盐酸d.硫酸亚铁
【答案】
(1)2:
1
(2)①NH4Cl+2HCl
3H2↑+NCl3②Cl—、OH—③c
(3)①2ClO2+10I-+8H+=2Cl-+5I2+4H2O②吸收残余的二氧化氯气体(幸免碘的逸出)③淀粉溶液;溶液由蓝色变成无色,且半分钟内溶液颜色再也不改变
④0.02700(4)d
净水
考点:
考查物质制备实验方案设计与探讨
36.【化学——选修2:
化学与技术】苯酚和丙酮都是重要的化工原料,工业上可用异丙苯氧化法生产苯酚
和丙酮,其反映和工艺流程示用意如下:
相关化合物的物理常数
物质
相对分子质量
密度(g/cm-3)
沸点/℃
异丙苯
120
0.8640
153
丙酮
58
0.7898
56.5
苯酚
94
1.0722
182
回答以下问题:
(1)在反映器A中通入的X是。
(2)反映①和②别离在装置和中进行(填装置符号)。
(3)在分解釜C中加入的Y为少置浓硫酸,其作用是______,优势是用量少,缺点是_______________。
(4)反映②为(填“放热”或“吸热”)反映。
反映温度操纵在50-60℃,温度太高的安全隐患是。
(5)中和釜D中加入的Z最适宜的是(填编号。
已知苯酚是一种弱酸)
a.NaOHb.CaCOc.NaHCOd.CaO
(6)蒸馏塔F中的馏出物T和P别离为和,判定的依据是。
(7)用该方式合成苯酚和丙酮的优势是。
【答案】
(1)氧气(或空气)
(2)A;C(3)催化剂(提高反映速度);侵蚀设备
(4)放热;可能会致使(过氧化物)爆炸
(5)c(6)丙酮、苯酚;苯酚的沸点高于丙酮(7)原子利用率高
考点:
考查化学与技术模块的分析与应用
37.[化学—选修3:
物质结构与性质](15分)A、B、C、D为原子序数依次增大的四种元索,A2-和B+具有相同的电子构型;C、D为同周期元索,C核外电子总数是最外层电子数的3倍;D元素最外层有一个未成对电子。
回答以下问题:
(1)四种元素中电负性最大的是(填元素符号),其中C原子的核外电子排布布式为__________。
(2)单质A有两种同素异形体,其中沸点高的是(填分子式),缘故是;A和B的氢化物所属的晶体类型别离为和。
(3)C和D反映可生成组成比为1:
3的化合物E,E的立体构型为,中心原子的杂化轨道类型为.。
(4)化合物D2A的立体构型为,中心原子的价层电子对数为,单质D与湿润的Na2CO3反映可制备D2A,其化学方程式为。
(5)A和B能够形成化合物F,其晶胞结构如下图,晶胞参数,a=0.566nm,F的化学式为:
晶胞中A原子的配位数为;列式计算晶体F的密度(g.cm-3)。
【答案】
(1)O;1s22s22p63s23p3(或[Ne]3s23p3)
(2)O3;O3相对分子质量较大,范德华力大;分子晶体;离子晶体
(3)三角锥形;sp3(4)V形;4;2Cl2+2Na2CO3+H2O=Cl2O+2NaHCO3+2NaCl
(或2Cl2+2Na2CO3=Cl2O+CO2+2NaCl)
(5)Na2O;8;
考点:
考查元素推断、核外电子排布、电负性、空间构型、杂化轨道及晶胞结构与计算等
38.[化学一选修5:
有机化学基础](15分)
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