普通化学赵士铎第三版习题答案知识讲解.docx
- 文档编号:25156700
- 上传时间:2023-06-05
- 格式:DOCX
- 页数:30
- 大小:539.58KB
普通化学赵士铎第三版习题答案知识讲解.docx
《普通化学赵士铎第三版习题答案知识讲解.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《普通化学赵士铎第三版习题答案知识讲解.docx(30页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
普通化学赵士铎第三版习题答案知识讲解
普通化学
(第三版)习题答案
中国农业大学
无机及分析化学教研组编
第一章分散系
1.1
(1)溶液的凝固点下降
(2)土壤溶液浓度过大,渗透压大于植物根细胞液的渗透压
(3)溶液的凝固点下降
1.2沸点不断上升,至溶液达到饱和后,沸点恒定;
蒸气凝结温度恒定,等于溶剂的沸点。
1.3
1.4凝固点自高至低顺序:
葡萄糖溶液、醋酸溶液、氯化钾溶液
1.5
b=1.17mol⋅kg-1
∆Tb=Kbb=0.52K⋅kg⋅mol-1⨯1.17mol⋅kg-1=0.61K
Tb=373.76K=100.61℃
∆Tf=Kfb=1.86K⋅kg⋅mol-1⨯1.17mol⋅kg-1=2.18K
Tf=270.87K=-2.18
1.6π=cRT=
1.7
化合物中C、H、O原子数比为21:
30:
2
故该化合物的化学式为C21H30O2
1.8
第二章化学热力学基础
2.1
(1)错误;
(2)正确;(3)错误;(4)错误;(5)正确;(6)正确;(7)错误;(8)错误
2.2(1/4)[反应式
(1)-反应式
(2)]得:
(1/2)N2(g)+(1/2)O2(g)=NO(g)
∴∆fHmθ(NO,g)=(1/4){∆rHmθ
(1)-∆rHmθ
(2)}
=(1/4)[-1107kJ⋅mol-1-(-1150kJ⋅mol-1)]
=90kJ⋅mol-1
2.3(1/4)[反应式(3)-反应式(4)+3⨯反应式
(2)-反应式
(1)]得:
N2(g)+2H2(g)=N2H4(l)(5)
∴∆fHmθ(N2H4,,g)=(1/4){∆rHmθ(3)-∆rHmθ(4)+3⨯∆rHmθ
(2)-∆rHmθ
(1)}=
(1/4){-143kJ⋅mol-1-(-286kJ⋅mol-1+3⨯(-317kJ⋅mol-1)-(-1010kJ⋅mol-1))=
50.5kJ⋅mol-1
2⨯反应式(4)-反应式(5)得:
N2H4(l)+)O2(g)=N2(g)+2H2O(l)
∆rHmθ=2⨯∆rHmθ(4)-∆rHmθ(5)=2⨯(-286kJ⋅mol-1)-50.5kJ⋅mol-1=-622.5kJ⋅mol-1
2.4∆rHmθ=2∆fHmθ(CO2,g)+3∆fHmθ(H2O,l)+(-1)⨯∆fHmθ(CH3OCH3,l)+(-3)∆fHmθ(O2,g)
∴∆fHmθ(CH3OCH3,l)=2∆fHmθ(CO2,g)+3∆fHmθ(H2O,l)-∆rHmθ=-183kJ⋅mol-1
2.5
C(s)+O2(g)∆rHmθ
(1)CO2(g)
∆rHmθ
(2)∆rHmθ(3)
CO(g)+(1/2)O2(g)
由题意知,∆rHmθ
(1)<0,∆rHmθ
(2)<0,∆rHmθ(3)<0
∆rHmθ
(1)=∆rHmθ
(2)+∆rHmθ(3)
∆rHmθ
(1)-∆rHmθ(3)=∆rHmθ
(2)<0
即:
以碳直接作燃料时放热较多
2.6C(s)+H2O(g)=CO(g)+H2(g)
∆rHmθ=∆fHmθ(CO,g)+(-1)∆fHmθ(H2O,g)=
-110.5kJ⋅mol-1-(-)241.8kJ⋅mol-1=131.3kJ⋅mol-1
C(s)+O2(g)+H2O(g)∆rHmθ
(1)CO2(g)+H2O(g)
∆rHmθ
(2)∆rHmθ(3)
CO(g)+H2(g)+O2(g)
∆rHmθ
(1)=∆rHmθ
(2)+∆rHmθ(3)∴∆rHmθ
(1)-∆rHmθ(3)=∆rHmθ
(2)>0
由题意知,∆rHmθ
(1)<0,∆rHmθ(3)<0故:
以水煤气作燃料时放热较多
2.7均为熵增过程。
2.8标准状态下:
∆rHmθ
∆rSmθ
<0
<0
低温自发
<0
>0
任意温度均自发
>0
>0
高温自发
>0
<0
任意温度均不可能自发
2.9
(2)(反应为气体物质的量增加的过程,∆rSmθ>0)
2.10不可以。
因为物质的Smθ,不是指由参考状态的元素生成该物质(νB=+1)反应的标准摩尔熵。
2.11
∆Hθ:
-40kJ-40kJ
∆Gθ:
-38kJ-38kJ
∆Sθ:
-6.7J⋅K-1-6.7J⋅K-1
2.12
Sn(白锡)=Sn(灰锡)
∆rHmθ(298K)=∆fHmθ(灰锡)+(-1)⨯∆fHmθ(白锡)=-2.1kJ⋅mol-1<0
∆rSmθ(298K)=Smθ(灰锡)-Smθ(白锡)=-7.41J⋅mol-1K-1<0
∴反应在标准状态,低温自发。
在转变温度,∆rGmθ(T)=0
∆rGmθ(T)≈∆rHmθ(298K)-T∆rSmθ(298K)
T≈[∆rHmθ(298K)/∆rSmθ(298K)]≈283K
2.13
2Fe2O3(S)+3C(S)=4Fe(S)+3CO2(g)
∆rHmθ(298K)=3∆fHmθ(CO2,g)+(-2)⨯∆fHmθ(Fe2O3,s)=467.87kJ⋅mol-1
∆rSmθ(298K)=4⨯Smθ(Fe,s)+3Smθ(CO2,g)+(-2)⨯Smθ(Fe2O3,s)+
(-3)⨯Smθ(C,s)=557.98J⋅mol-1⋅K-1
反应在标准状态下自发进行:
∆rGmθ(T)≈∆rHmθ(298K)-T∆rSmθ(298K)
T>[∆rHmθ(298K)/∆rSmθ(298K)],即T>839K
故以木炭为燃料时,因最高温度低于839K,反应不可能自发。
2CuO(s)+C(s)=2Cu(s)+CO2(g)
∆rHmθ(298K)=-79.51kJ⋅mol-1>0
∆rSmθ(298K)=189J⋅mol-1⋅K-1>0
∴反应在标准状态,任意温度均自发
2.14(略)
2.152AsH3(g)=2As(s)+3H2(g)
∆rHmθ(298K)=-132.8kJ⋅mol-1<0
∆rSmθ(298K)=15.71J⋅mol-1⋅K-1<0
∴标准状态,任意温度下AsH3的分解反应均自发。
加热的目的是加快反应速率。
第三章化学平衡原理
3.1
(1)正确,
(2)错误,(3)错误。
3.2K=40
3.3
3.44×(3)-2×
(1)-2×
(2)得所求反应式
故:
ΔrGm=4ΔrGm(3)-2ΔrGm
(1)-2ΔrGm
(2)
3.5pV=nRT
故对于反应H2(g)+I2(g)=2HI(g)
3.6
(1)O2(g)=O2(aq)
P(O2)=21.0kPa时:
故:
c(O2,aq)=2.88×10-4mol·L-1
(2)K=85.5/1.37×10-3=6.24×104
3.7Q=4逆向自发Q=0.1逆向自发
3.8Ag2CO3(s)=Ag2O(s)+CO2(g)
ΔrGm(383K)=14.8kJ·mol-1
lnK(383K)=-ΔrGm(383K)/RT=-4.65
K(383K)=9.56×10-3
K=p(CO2)/p
为防止反应正向自发,应保证Q>K
故:
p(CO2)>9.56×10-1kPa
3.9CCl4(g)CCl4(l)
ΔfHm/kJ·mol-1-102.93-135.4
Sm/J·K-1·mol-1309.74216.4
CCl4(g)=CCl4(l)
ΔrHm=32.47kJ·mol-1
ΔrSm=0.09334kJ·mol-1·K-1
所以CCl4的正常沸点为T1=348K
根据克拉贝龙——克劳休斯方程计算,可得在20kPa时,其沸点为304K。
第四章化学反应速率
4.1不能
4.2A的物理意义为PZ0,f的物理意义为相对平均动能超过Ec的A、B分子间的碰撞频率与A、B分子间碰撞频率的比值。
4.3Z0基本不变,P不变,f大,k大,v大。
4.4直线
4.5
4.6略
4.7解:
4.8
4.9解:
4.10解:
第五章原子结构
5.1原子发射光谱,电子衍射
5.2确定,动量,不确定,轨道
5.3
(2),(4)正确
5.4波函数,电子的几率密度
5.5
(1)
5.6
n
l
m
ms
1
2
0
0
+1/2
2
2
0
0
-1/2
3
2
1
0
+1/2
4
2
1
+1
+1/2
5
2
1
-1
+1/2
5.7(3)
5.8He+E(3s)=E(3p)=E(3d) KE(3s) MnE(3s) 5.9(略) 5.104s,3d,4p 5.11能级组,外层电子结构,主族元素基态原子内层轨道,或全满,或全空(稳定构型) 5.12一,二,三主族元素,镧系元素,第六周期镧后元素 5.13He>H,Ba>Sr,Ca>Sc,Cu>Ni,La>Y,Zr>Ti,Zr>Hf 5.14(3), (2) 5.15Mg失去2个最外层s电子后成稳定的电子构型,故I3明显大于I2,常见氧化数为+2;Al失去3个最外层电子后成稳定的电子构型,故I4明显大于I3,常见氧化数为+3。 Mg元素第一、第二电离能之和小于Al元素第一、第二、第三电离能之和,所以气态Mg原子的金属性强于Al。 第六章化学键与分子结构 6.1 (1)错, (2)错,(3)错,(4)错,(5)对,(6)错 6.2离子,BeO>MgO>CaO>SrO>BaO, BaCO3>SrCO3>CaCO3>MgCO3>BeCO3 6.3Fe2+: [Ar]3d6,9~17, Fe3+: [Ar]3d5,9~17, Pb2+: [Xe]5d106s218+2, Sn4+: [Kr]4d10,18, Al3+: [He]2s22p6,8, S2-: [Ne]3s23p6,8, Hg2+: [Xe]5d10,18. 6.4OF2: 非等性sp3杂化,V型,极性; NF3: 非等性sp3杂化,三角锥,极性; BH3: 等性sp2杂化,正三角型,非极性; SiCl4: 等性sp3杂化,正四面体,非极性; NH3: 非等性sp3杂化,三角锥,极性; HCN: 等性sp杂化,直线型,极性; PCl3: 非等性sp3杂化,三角锥,极性; PCl5: sp3d杂化,三角双锥,非极性; CS2: sp杂化,直线型,非极性; SnCl2: 非等性sp3杂化,V型,极性。 6.5C2H6: sp3;C2H4: sp2; CH3CCH: sp3spsp; CH3CH2OH: sp3;H2CO: sp2;COCl2: sp2. 6.6正丁烷: 否; 1,3-丁二烯: 否; 2-丁炔: 是 6.7HFHClHBrHI;HFHClHBrHI;HIHBrHClHF;HFHIHBrHCl 6.8 (1)~c; (2)~d;(3)~a;(4)~b 6.9 (1)Fe3+电荷高、半径小,极化力大于Fe2+; (2)Zn2+18电子构型,极化力、变形性大于Ca2+; (3)Cd2+18电子够型,极化力、变形性大于Mn2+。 6.10ClO-,ClO2-,ClO3-,ClO4-。 6.11HClO酸性强于HBrO。 成酸元素原子电负性大,含氧酸酸性强。 第七章酸碱反应 1(略) 2H3O+,OH- 3 (2) 4 (2) 5H++OH-=H2O,1/Kw H++B=HB(略去电荷),Kb/Kw HB+OH-=B-+H2O,Ka/Kw HA+B=A+HB(略去电荷)KaKb/Kw 6 (1)K(正)=1.9×105>K(逆),易于正向反应 (2)K(正)=2×10-11 (3)K(正)=1.4×102>K(逆),易于正向反应 (4)K(正)=6.2×10-8 76.4×10-5,1.7×10-13,小于 7.8 7.9 7.10 C6H5NH2+H+=C6H5NH3+ c(C6H5NH3+)=0.020mol·L-1 Ka(C6H5NH3+)=Kw/Kb(C6H5NH2)=2.2×10-5 应用最简式计算溶液酸度: c(H+)=6.6×10-4mol/LpH=3.2 7.11 Kb1/Kb2>101.6 所以可忽略第二步离解,按最简式计算: c(C10H14N2)=0.050mol·L-1-1.9×10-4mol·L-1=0.050mol·L-1 c(C10H14N2H+)=c(OH-)=1.9×10-4mol·L-1 c(C10H14N2H22+)=cKb2=1.4×10-11mol·L-1 7.12 Kb1(S2-)=Kw/Ka2(H2S)=1.4 Kb2(S2-)=Kw/Ka1(H2S)=7.7×10-8 经判断,可忽略第二步离解,依近似式计算 S2-+H2O=HS-+OH- Ceq/mol·L-10.10-xxx x=0.094 即: c(OH-)=0.094mol·L-1 pH=12.97 c(S2-)=0.10mol·L-1-0.094mol·L-1=0.01mol·L-1 c(HS-)=c(OH-)=0.094mol·L-1 c(H2S)=cKb2=7.7×10-8mol·L-1 7.13 pH=1.30 故: c(S2-)=3.7×10-20mol·L-1 7.14 7.15pOH=5.00 c(NH4+)=0.10mol/L/0.56=0.18mol/L M{(NH4)2SO4}=0.5c(NH4+)V(NH4+)M{(NH4)2SO4}=11.9g 7.16 因系统中含有2缓冲对,且酸与碱的浓度比均在缓冲范围内,所以此溶液具有酸碱缓冲能力。 若两级酸常数相差较大,则酸碱浓度比将超出缓冲范围,失去缓冲性质。 7.17甘氨酸: 不移动;谷氨酸: 向正极运动;赖氨酸: 向负极运动 第八章沉淀—溶解反应 8.1 Ksp(AgBr)={c(Ag+)/c}{c(Br-)/c} Ksp(Ag2S)={c(Ag+)/c}2{c(S2-)/c} Ksp{Ca3(PO4)2}={c(Ca2+)/c}3{c(PO43-)/c} Ksp(MgNH4AsO4)={c(Ca2+)/c}{c(NH4+)/c}{c(AsO43-)/c} 8.2 (1) (2) (3) 8.3PbCO3计算结果偏低 8.4因氢氧化铁在水中溶解度极小,溶液pH约等于7.0 8.5 (2) 8.6 CaF2=Ca2++2F- F-+H+=HF 根据: 2c(Ca2+)=c(HF)+c(F-)=2s,得: c(F-)=2s/1.028 Ksp(CaF2)=(s/c)(2s/1.028c)2S=3.38×10-4mol/L 8.7CaF2、CaCO3和MnS,KClO4 8.8此系统为多重平衡系统,所以: 8.9c(NH3)=0.050mol/L 故有氢氧化镁沉淀生成。 为防止沉淀生成,c(OH-)/c的最大值为: 8.10 故不被沉淀的离子M2+的硫化物的溶度积最小为: Ksp={c(M2+)/c}{c(S2-)/c}=0.01×1.0×10-21=1×10-23,所以,Mn2+,Ni2+不被沉淀。 离子被完全定性沉淀时,c(M2+)≤10-5mol/L,g故可被沉淀完全的硫化物溶度积的最大值为: Ksp=10-5×1×10-21=10-26 所以可被沉淀完全的离子为: Pb2+,Cd2+,Hg2+,Cu2+。 8.11欲使Fe(OH)3沉淀完全: 欲使Fe(OH)2不发生沉淀: 所以应控制pH约在2.8~6.5范围。 8.12(略) 8.13CuCO3(计算得CuCO3的溶解度为1.2×10-5mol/L,即CuCO3饱和水溶液的体积浓度为0.76mg/L) 8.14c(CO32-)/c=Ka2(H2CO3)=5.61×10-11 {c(Ca)/c}{c(CO32-)/c}=5.61×10-12 所以无沉淀生成,不能用硝酸钙溶液代替氢氧化钙溶液来检验CO2。 原因是溶液碱度较低,CO32-不是CO2的主要存在形体,即其浓度过低。 8.15(有关数据: Ksp(CaCO3)=4.96×10-9,Ksp(ZnCO3)=1.19×10-10, Ksp(MgCO3)=6.82×10-6,Ksp(NiCO3)=1.3×10-7,Ksp{Ca(OH)2}=5.5×10-6,Ksp{Zn(OH)2}=6.68×10-7,Ksp{Mg(OH)2}=5.61×10-12, Ksp{Ni(OH)2}=5.47×10-16,Ksp{Fe(OH)3}=2.64×10-39) 在c(CO32-)=0.10mol/L的碳酸钠水溶液中: 对于两价离子M2+的氢氧化物: Q={c(M2+)/c}{c(OH-)/c}2=1.78×10-6 对于两价离子的碳酸盐: Q={c(M2+)/c}{c(CO32-)/c}=10-2 所以生成的沉淀是: CaCO3,Mg2(OH)2CO3,Zn2(OH)2CO3,Ni2(OH)2CO3 对于三价离子Fe3+: Q={c(Fe3+)/c}{c(OH-)/c}3=7.0×10-9>Ksp{Fe(OH)3} 所以生成Fe(OH)3 16(4) 17溶度积,离子浓度,沉淀类型。 8.18Ksp(CaSO4)=7.10×10-5Ksp(CaSO4)=(s/c)2 得: s=8.4×10-3mol/L s=c(SO42-)M(SO42-)=8.4×10-3mol/L×9.6×104mg/mol =806mg/L 所以不可饮用。 第九章氧化还原反应 9.3还原,氧化 9.4不变,不变,变为{K}n 9.5 (1) 9.6 (2) 9.7(4) 9.8(3) 9.9 (1)2Fe3++Sn2+=2Fe2++Sn4+ (2)2Fe3++Cu=2Fe2++Cu2+ (3)2MnO4-+10Cl-+16H+=2Mn2++5Cl2+8H2O (4)H2O2+2Fe2++2H+=2Fe3++2H2O (5)PbO2+2Cl-+4H2O=Pb2++Cl2+2H2O (6)Hg2Cl2+Sn2+=2Hg+Sn4++2Cl- (7)2MnO4-+3Mn2++2H2O=5MnO2+4H+ 9.10 (1) Zn|Zn2+(0.020mol/L)||Ni2+(0.080mol/L)|Ni (2)Cl-(1.0mol/L)|Cl2(100kPa)||Fe3+(0.10mol/L),Fe2+(1.0mol/L) ε=1.36V–0.71V=-0.65V (3)Cl-(1.0mol/L)|Cl2(100kPa)||Cr2O42-(1.0mol/L),H+(10mol/L),Cr3+(1.0mol/L) (结果说明,在强酸性介质中,重铬酸根亦可以氧化氯离子) 9.11 (1) ΔrGm=-2F{-0.138V-(-0.126V)}=2.32×103J/mol ΔrGm=-2F{-0.176V-(-0.135V)}=7.91×103J/mol K=0.39 因为: ϕ(Sn2+/Sn)<ϕ(Pb2+/Pb) 或因: ΔrGm>0 或因: Q=10>K 所以反应逆向自发进行。 (2) ϕ(NO3-/NO)=0.957V ϕ(Fe3+/Fe2+)=0.771V ΔrGm=-3F{ϕ(NO3-/NO)-ϕ(Fe3+/Fe2+)}= -3×96500C/mol×{0.957V-0.771V)}=-5.38×104J/mol ΔrGm=-3F{ϕ(NO3-/NO)-ϕ(Fe3+/Fe2+)}=-3×96500C/mol×{0.721V-0.771V)}=1.45×104J/mol 因为: ϕ(NO3-/NO)<ϕ(Fe3+/Fe2+) 或因: ΔrGm>0 或因: Q=1.0×1012>K 所以反应逆向自发进行 结果说明,定性分析中利用棕色环法检验NO3-,若在pH约等于3的醋酸介质中,反应不能进行。 该反应应在浓硫酸介质中进行。 (3) ϕ(HNO2/NO)=0.983V ϕ(Fe3+/Fe2+)=0.771V ΔrGm=-F{ϕ(HNO2/NO)-ϕ(Fe3+/Fe2+)}=-96500C/mol×{0.983V-0.771V)}=-2.05×104J/mol ΔrGm=-F{ϕ(HNO2/NO)-ϕ(Fe3+/Fe2+)}=-96500C/mol×{0.806V-0.771V)}=-3.38×103J/mo
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 普通 化学 赵士铎 第三 习题 答案 知识 讲解
![提示](https://static.bdocx.com/images/bang_tan.gif)