高考物理模拟题之2209.docx
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高考物理模拟题之2209
综合模拟部分
模拟题之一
班级________姓名________学号________
第Ⅰ卷 (选择题 共48分)
一、选择题(本题共8小题,每小题6分,共48分,在每个小题给出的四个选项中,至少有一个是正确的.每小题全选对的得6分;选对但不全的得2分;有选错或不答的得0分.)
1.如图甲所示,注满清水的长玻璃管开口端用胶塞封闭,玻璃管保持竖直静止,管内一小物体能沿玻璃管加速上升,当小物体到达玻璃管顶端后突然将玻璃管上下颠倒,同时使玻璃管沿水平方向做匀速直线运动,如图乙所示.关于小物体以后的运动,下列说法正确的是( )
A.小物体运动的轨迹为直线
B.小物体运动的轨迹为曲线
C.小物体升到玻璃管顶端的时间比玻璃管静止时长
D.小物体升到玻璃管顶端的时间比玻璃管静止时短
解析:
小物体参与了两个运动,一是水平方向上的匀速直线运动;二是竖直方向上的匀加速运动.因此其运动轨迹为曲线运动.由于两个方向上的运动互不影响,因此运动时间相等,故B正确.
答案:
B
2.如图所示,M、N为某条电场线上的两点,在电场线上的O点由静止释放一带负电的电荷,发现它沿电场线向右运动,先后经过M、N两点,不计电荷重力,下列说法一定正确的是( )
A.M、N两点的电势φM>φN
B.电荷的加速度aM>aN
C.电荷的电势能EpM>EpN
D.电荷的动能EkM>EkN
解析:
带负电的电荷从静止开始向右运动说明电场线的方向向左.因此φM<φN,qφM>qφN,即EpM>EpN,A不正确,C正确;单凭一条电场线无法确定场强的大小,所以B不正确;由于向右做加速运动,因此动能逐渐增大,所以EkM 答案: C 3.如图所示,两根光滑直杆(粗细可忽略不计)水平平行放置,一质量为m、半径为r的均匀细圆环套在两根直杆上,两杆之间的距离为 r,甲图为立体图,乙图为侧视图.现将两杆沿水平方向缓慢靠近直至两杆接触为止,在此过程中( ) A.每根细杆对圆环的弹力均增加 B.每根细杆对圆环的最大弹力均为mg C.每根细杆对圆环的弹力均不做功 D.每根细杆对圆环所做的功为- mgr 解析: 环处于动态平衡状态,环受到重力和杆对环的两个弹力作用而处于平衡状态,三力组成一个首尾依次相接的等腰三角形.由函数关系可知A不正确,B正确;由于杆运动的方向与弹力成钝角,故弹力做负功,根据动能定理可知mg +2W=0,W=- mgr,故C不正确、D正确. 答案: BD 4.如图所示,A为静止于地球赤道上的物体,B为绕地球做椭圆轨道运行的卫星,C为绕地球做圆周运动的卫星,P为B、C两卫星轨道的交点.已知A、B、C绕地心运动的周期相同.相对于地心,下列说法中正确的是( ) A.卫星C的运行速度大于物体A的速度 B.物体A和卫星C具有相同大小的加速度 C.可能出现: 在每天的某一时刻卫星B在A的正上方 D.卫星B在P点的加速度大小与卫星C在该点加速度相等 解析: 由于A、B、C绕地心运动的周期相同,故C为同步卫星.根据v=rω和a=rω2可知A正确、B错误;由a= 可知,D正确;由于B做椭圆运动,所以C正确. 答案: ACD 5.如图所示,小球以大小为v0的初速度由A端向右运动,到B端时的速度减小为vB;若以同样大小的初速度由B端向左运动,到A端时速度减小为vA.已知小球运动过程中始终未离开该粗糙轨道,D为AB中点.以下说法正确的是( ) A.vA>vB B.vA=vB C.vA D.两次经过D点时速度大小相等 解析: 物体做圆周运动时,其对地面的压力大小分别为FN=mg+m 和FN=mg-m ,由于整个过程中摩擦力一直做负功,所以速度一直减小.从而可以定性分析出vA>vB.故A正确. 答案: A 6.“神舟”七号绕地球做匀速圆周运动时,距地面高度为343km,运行周期为90分钟;“嫦娥一号”绕月球做匀速圆周运动时,距月球表面高度为200km,运行周期为127分钟.已知地球半径为6400km,月球半径为1750km.“嫦娥一号”与“神舟”七号相比较,以下说法正确的是( ) A.“嫦娥一号”的线速度大 B.“嫦娥一号”的角速度小 C.“嫦娥一号”的向心加速度大 D.两者轨道半径的三次方与周期平方的比值相等 解析: 由v= 可以判断A不正确;由ω= 可知B正确;由a=r 可知C不正确;由 =mr 可知 = ,由于M地≠M月,所以D不正确. 答案: B 7.如图所示为大型电子地磅电路图,电源电动势为E,内阻不计.不称物体时,滑片P在A端,滑动变阻器接入电路的有效电阻最大,电流较小;称重物时,在压力作用下使滑片P下滑,滑动变阻器有效电阻变小,电流变大,这样把电流对应的重量值刻在刻度盘上,就可以读出被称物体的重量值.若滑动变阻器上A、B间距离为L,最大阻值等于电阻阻值R0,已知两只弹簧的总弹力与形变量成正比,其比例系数为k,所称重物的重量G与电流大小I的关系为( ) A.G=2kL- B.G=2kL+ C.G= + D.G=kIL 解析: 当不称重物时,电路中的电流为I= ;当重物的重量为G时,下降的距离x= ,此时滑动变阻器接入电路的电阻R1= (L-x)=R0- ,此时的电流I= ,由此可得A正确. 答案: A 8.如图所示,图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦交流电的图像,当调整线圈转速后,所产生正弦交流电的图象如图线b所示,以下关于这两个正弦交流电的说法正确的是( ) A.在图中t=0时刻穿过线圈的磁通量均为零 B.线圈先后两次转速之比为32 C.交流电a的瞬时值为u=10sin5πtV D.交流电b的最大值为 V 解析: 由图像可知Ta=0.4s,Tb=0.6s,ua=10sin5πt,故B、C正确;t=0时刻产生的电压为零,说明线框处于中性面的位置,磁通量最大,A不正确;由Um=NBSω可知,交流电b的最大值为 V,D正确. 答案: BCD 第Ⅱ卷 (必考48分+选考24分 共72分) [必做部分] 二、非选择题 9.(2009·福建卷) (1)测量滑块在运动过程中所受的合外力是“探究动能定理”实验要解决的一个重要问题.为此,某同学设计了如下实验方案: A.实验装置如图所示,一端系在滑块上的细绳通过转轴光滑的轻质滑轮挂上钩码,用垫块将长木板固定有定滑轮的一端垫起.调整长木板的倾角,直至轻推滑块后,滑块沿长木板向下做匀速直线运动; B.保持长木板的倾角不变,取下细绳和钩码,让滑块沿长木板向下做匀加速直线运动. 请回答下列问题: ①滑块做匀速直线运动时,打点计时器在纸带上所打出点的分布应该是________; ②滑块在匀加速下滑过程中所受的合外力大小________钩码的重力大小(选填“大于”“等于”或“小于”); (2)某同学做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验,实验室提供了下表中的器材. 小灯泡L(额定电压2.5V,额定电流250mA) 直流电源E(电动势3V,内阻不计) 电流表A1(量程300mA,内阻约0.5Ω) 电流表A2(量程500mA,内阻约0.2Ω) 电压表V1(量程3V,内阻约3kΩ) 电压表V2(量程6V,内阻约6kΩ) 滑动变阻器(最大阻值约10Ω) 开关S,导线若干 ①为了使实验误差尽可能小,应选用的电流表是________、电压表是________; ②若该同学已正确选用器材,并连接好部分实验电路,如下图.请在下图中完成其他的电流连接,要求小灯泡两端的电压能在0~2.5V范围内连续变化,且尽可能减少实验误差; ③该同学在正确完成实验后得到右图所示的伏安特性曲线,他从图线中得到“通过小灯泡的电流随电压的增大而增大”的规律.请你分析图线再写出两条规律: a.______________________;b.______________________. 解析: (1)本题是探究动量定理的实验,考查实验现象、实验分析.挂着钩码时滑块匀速下滑,绳的拉力等于钩码的重力,等于滑块的重力与摩擦力的合力,即取下细绳和钩码后滑块的合力. (2)本题是描绘小灯泡的伏安特性曲线实验,考查实验器材的选用、实验实物图的连接及实验结果的分析.①小灯泡的额定电流为250mA,因此安培表用A1,小灯泡的额定电压为2.5V,因此电压表选用V1.②要求小灯泡两端的电压能在0~2.5V范围内连续变化,滑动变阻器用分压式接法,尽可能减小实验误差,电流表用外接法. 答案: (1)①等间距(或均匀) ②等于 (2)①A1 V1 ②如下图 ③通过小灯泡的电流与电压的变化关系是非线性关系;小灯泡的电阻随温度的升高而增大;小灯泡的功率随电压的增大而增大等.(任选其中两条即可) 10.如图所示,光滑水平面MN上放两相同小物块A、B,右端N处与水平传送带相切,传送带水平部分长度L=8m,沿逆时针方向以恒定速度v=6m/s匀速转动.物块A、B(大小不计)与传送带间的动摩擦因数μ=0.2.物块A、B质量mA=mB=1kg.开始时A、B静止,A、B间压缩一轻质弹簧,贮有弹性势能Ep=16J.现解除锁定,弹开A、B,A与挡板P碰后即停止运动.求: (1)物块B沿传送带向右滑动的最远距离; (2)物块B滑回水平面MN的速度v′B. 解析: (1)解除锁定,A、B弹开过程中,系统机械能守恒: Ep= mAv + mBv , 由动量守恒有mAvA=mBvB, 得vA=4m/s,vB=4m/s, B滑上传送带匀减速运动,当速度为零时,滑动的距离最远. 由动能定理得-μmBgsm=0- mBv , 所以sm= =4m. (2)物块B沿传送带向左返回时,先匀加速运动,物块速度与传送带速度相同时一起匀速运动,物块B加速到传送带速度v需要滑动的距离设为s′,由μmBgs′= mBv2,得s′= =9m>sm 说明物块B滑回水平面MN的速度没有达到传送带的速度,v′B= =4m/s. 11.如图甲所示,abcd是位于竖直平面内的正方形闭合金属线框,底边bc水平,金属线框的质量为m,电阻为R.在金属线框的下方有一水平方向的匀强磁场区域,MN和M′N′是匀强磁场区域的上下边界,并与线框的bc边平行,磁场方向与线框平面垂直.现金属线框从磁场上方某一高度处由静止开始下落,图乙是金属线框由开始下落到完全穿过磁场区域瞬间的速度—时间图像,图像中坐标轴上所标出的字母均为已知量,重力加速度为g,忽略空气阻力.求: (1)金属框的边长以及磁场的磁感应强度; (2)金属线框在离开磁场过程中所产生的热量. 解析: (1)由图像可知,金属框进入磁场过程中做匀速直线运动,速度为v1,运动时间为t2-t1所以金属框的边长L=v1(t2-t1), 在金属框进入磁场的过程中,金属框所受安培力等于重力, mg=BIL,I= ,E=BLv1, 解得B= . (2)在离开磁场过程中金属框产生的热为Q,由能量守恒得 Q=mgL+ mv - mv =mgv1(t2-t1)+ mv - mv . [选做部分] 12.[选修3-3试题] (1)右图是氧气分子在不同温度(0℃和100℃)下的速率分布,由图可得信息( ) A.同一温度下,氧气分子速率呈现出“中间多,两头少”的分布规律 B.随着温度的升高,每一个氧气分子的速率都增大 C.随着温度的升高,氧气分子中速率小的分子所占的比例高 D.随着温度的升高,氧气分子的平均速率变小 (2)如下图所示,在固定的汽缸A和B中分别用活塞封闭有一定质量的理想气体,活塞面积之比SASB=12.两活塞以穿过B的底部的刚性细杆相连,可沿水平方向无摩擦滑动.两个汽缸都不漏气.初始A、B中气体的体积皆为V0,温度皆为T0=300K.A中气体压强pA=1.5p0,p0是汽缸外的大气压强.现对A加热,使其中气体的压强升到pA′=2.0p0,同时保持B中气体的温度不变.求此时A中气体温度TA′. 解析: (1)由题图可知,其横轴为氧气分子的速率,纵轴表示氧气分子所占的比例(不是总数而是占全部分子数的比例),图像呈峰状,这表明,不论是在0℃还是100℃下,氧气分子呈现了“中间多,两头少”现象,即分子速率特大或特小的分子数比例都较小,绝大多数分子具有中等的速率.又由题图知T=100℃,“峰”向右移动,表明占总数比例最大的那部分分子的速率增大了,但仍有速率较小或较大的分子,只是这些分子所占的比例较0℃时有所减小,故此,选项A正确. (2)汽缸中用活塞封闭气体时,通常由活塞受力平衡根据共点力平衡条件求气体压强等物理量.所以活塞平衡时,有pASA+pBSB=p0(SA+SB)、pA′SA+pB′SB=p0(SA+SB).对两部分相关联的气体分别使用状态方程列式,再全力找出两部分气体的联系,这就是求解气体连接体问题的基本思路.B中气体等温变化有pB′VB=pBV0;A中气体有状态方程 = ,两式中VB、PB′、VA、pA′、TA′皆为末态参量.两部分气体的联系SB=2SA,又因两活塞移动距离相等,有 = ,代入数据联立解出TA′=500K. 答案: (1)A (2)500K 13.[选修3-4试题] (1)在均匀的介质中,各质点的平衡位置在同一直线上,相邻两个质点的距离均为a,如图甲所示.振动从质点1开始并向右传播,其振动初速度方向竖直向上,经过时间t,前13个质点第一次形成的波形图如图乙所示,则该波的周期T、波速v分别是( ) A.T= ,v= B.T= t,v= C.T=t,v= D.T= t,v= (2)1801年,托马斯·杨用双缝干涉实验研究了光波的性质.1834年,洛埃利用单面镜同样得到了杨氏干涉的结果(称洛埃镜实验). ①洛埃镜实验的基本装置如上图所示,S为单色光源,M为一平面镜.试用平面镜成像作图法画出S经平面镜反射后的光与直线发出的光在光屏上相交的区域; ②设光源S到平面镜的垂直距离和到光屏的垂直距离分别为a和L,光的波长为λ,在光屏上形成干涉条纹.写出相邻两条亮纹(或暗纹)间距离Δx的表达式. 解析: (1)质点1起振方向向上,其振动传播到质点13,用时 T,质点13起振方向必然向上,而由图乙知,质点13此时振动方向向下,故质点13已振动了 的时间,结合题意知振动已经历时间t,则有t=2T.波必传播了2λ的距离,λ=8a,故v=2λ/t=16a/t. (2)平面镜成像作图法,要先利用对称性作出物点在镜中的像.再作出过平面镜边缘的两条光线;洛埃境实验中的物点S及其像点S′相当于杨氏实验中的双缝,故在Δx= λ中,d=2a. 答案: (1)A (2)①如下图所示: ②Δx= λ,因为d=2a,所以Δx= λ. 14.[选修3-5试题] (1)在其他能源中,核能具有能量密度大,地区适应性强的优势.在核电站中,核反应堆释放的核能被转化为电能.核反应堆的工作原理是利用中子轰击重核发生裂变反应,释放出大量核能. 核反应方程式 U+n―→ Ba+ Kr+aX是反应堆中发生的许多核反应中的一种,n为中子,X为待求粒子,a为X的个数,则X为________,a=________,mU、mBa、mKr分别表示 U、 Ba、 Kr核的质量,mn、mp分别表示中子、质子的质量,c为光在真空中的传播速度,则上述核反应过程中放出的核能ΔE=________. (2)如右图所示,在光滑的冰面上,人和冰车的总质量为M,是球的质量m的17倍.人坐在冰车上,如果每一次人都以相同的对地速度v将球推出,且球每次与墙发生碰撞时均无机械能损失.试求: 球被人推出多少次后,人就再也接不到球了? 解析: (1)根据核反应过程中的电荷数守恒和质量数守恒可知: 式中的X为中子 n,a=3. 核反应过程中的质量亏损为Δm=mU+mn-mBa-mKr-3mn=mU-mBa-mKr-2mn. 根据爱因斯坦质能方程可得核反应过程中释放出的核能ΔE=Δmc2=(mU-mBa-mKr-2mn)c2. (2)人每次推球都可看做“一分为二”的过程,人每次接球都可以看做是“合二为一”的过程,所以本题为两体多次作用过程.由球、人和车组成的系统在每次触球到推球的过程中动量守恒. 设每次推球后,冰车的速度分别为v1、v2、…vn.在每次推球的过程中系统动量守恒有 第一次推出: mv=Mv1; 第二次推出: Mv1+mv=Mv2-mv; 第三次推出: Mv2+mv=Mv3-mv; …… 故第n次推出: Mvn-1+mv=mvn-mv; 由以上各式可得: vn= v. 若接不到球必然有vn≥v. 解得n≥9.即人至少应推9次才再也接不到球. 答案: (1)中子 3 (mU-mBa-mKr-2mn)c2 (2)9次
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