高考数学北京卷压轴题分析 1.docx
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高考数学北京卷压轴题分析 1.docx
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高考数学北京卷压轴题分析1
2016年全国⾼考数学压轴题的分析与解
2016年6⽉8⽇
⺫录
12016年北京卷理科数学2
22016年北京卷⽂科数学7
1
12016年北京卷理科数学
试卷点评今年的北京卷延续了去年的命题风格:
与实际⽣活相联系的选择题第8题,考查函数的图象与性质的填空第14题.今年的解析⼏何⼤题和导数⼤题⽐去年难度都有所下降,创新⼤题的难度则略微提升,
总的来说是稳中有降.值得注意的是理科的第8题,⽂科的第8题和第14题看似简单,但是对思维僵化、对应⽤数学知识(尤其是逻辑知识)解决实际问题的能⼒有所⽋缺的学⽣将造成不⼩的障碍.
解每次操作只有可能发⽣下列4种情形中的⼀种:
1.甲盒中放⼊红球,⼄盒中放⼊⿊球;
2.甲盒中放⼊⿊球,丙盒中放⼊红球;
3.甲盒中放⼊红球,⼄盒中放⼊红球;
4.甲盒中放⼊⿊球,丙盒中放⼊⿊球.
由于袋中的红球和⿊球⼀样多,因此情形3和情形4出现的次数必然⼀样多,于是可得⼄盒中红球与丙盒中⿊球⼀样多,选B.只发⽣情形1即为选项A,D的反例,只发⽣情形2即为选项C的反例.
解利⽤函数图象解决问题.令g(x)=x3−3x,x∈R,则
g′(x)=3(x+1)(x−1),
故g(x)在x=−1处取得极⼤值g(−1)=2,在x=1处取得极⼩值g
(1)=−2.令h(x)=−2x,x∈R,则h(x)的图象经过点(−1,2),(1,−2).函数g(x)与h(x)的图象如下图所⽰,从中即可得出此题的结果.
(1)2;
(2)(−∞,−1).
y
2y=x3−3x
1
−1O
−2
x
y=−2x
分析第
(1)小题是典型的利用导函数求函数的切线⽅程的问题;第
(2)小题是简单的利用导函数研究函数的单调性的问题.
解
(1)函数f(x)的导函数
因此根据题意有
f′(x)=ea−x(1−x)+b,
(2)由
(1)可知,
f
(2)=2(e−1)+4,
f′
(2)=e−1,
解得a=2,
b=e.
f(x)=xe2−x+ex,f′(x)=e[(1−x)e1−x+1].
考察函数g(x)=xex+1,x∈R,由于
g′(x)=ex(x+1),
故g(x)的最⼩值为
1
g(−1)=1−e>0,
由此可知f′(x)>0.所以f(x)在R上单调递增.
分析第
(1)小题考查椭圆的基本量;第
(2)小题考查基本的利用代数⽅法研究⼏何的能⼒.
解根据题意画出⽰意图如图.
yM
B
P
OANx
(1)
根据椭圆C的离⼼率为√3
2
可得a2=4b2,又OAB的⾯积1ab=1,于是可得a=2,b=1,
2
因此椭圆C的⽅程为
x2
+y=1.
4
.Å2cosθ
ãÅsinθã.
.(sinθ+cosθ−1)2.
分析第
(1)小题是为了让解题者熟悉“tt时刻”所作的铺垫;第
(2)小题提示解题者将具体的“tt时刻”设出,然后利用其定义解决问题,考查了最值原理.第(3)小题中结论的形式aN−a1提示我们去寻找类似于“裂项”的结构.
解
(1)tt(A)={2,5}.
(2)若数列A中存在an使得an>a1,不妨假设ak(2⩽k⩽N)是a2,a3,···,aN中第⼀个⼤于a1的数,则对⼩于k的每个正整数i都有ai (3)(i)若tt(A)=∅,则由第 (2)题可知,aN⩽a1,此时结论成⽴. (ii)若tt(A)̸=∅,设tt(A)={i1,i2,···,ik},其中ij∈{2,3,···,N},j=1,2,···,k.不妨设i1 ··· ai1−a1⩽ai1−ai1−1⩽1, 同理,ai2>ai1⩾ai2−1,所以 以此类推,我们有 ai1−a1⩽ai1−ai1−1⩽1,ai2−ai1⩽ai2−ai2−1⩽1, ·········, aik−aik−1⩽aik−aik−1⩽1. 将以上各式叠加,我们得到 故此时结论也成⽴. ai2−ai1⩽ai2−ai2−1⩽1, aN−a1⩽aik−a1⩽k, 综合(i)(ii)可知,若数列A满⾜an−an−1⩽1(n=2,3,···,N),则tt(A)的元素个数不⼩于aN−a1. 22016年北京卷⽂科数学 学⽣序号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 ⽴定跳远(单位: ⽶) 1.96 1.92 1.82 1.80 1.78 1.76 1.74 1.72 1.68 1.60 30秒跳绳(单位: 次) 63 a 75 60 63 72 70 a−1 b 65 解进⼊⽴定跳远决赛的8⼈是1号到8号,他们的30秒跳绳成绩记为 (3,75),(6,72),(7,70),(1,63),(5,63),(4,60), 以及(2,a),(8,a−1).注意到30秒跳绳的成绩中有两名学⽣并列,因此进⼊决赛的成绩线必然在63次 以下(否则⾄多只有5⼈进⼊决赛),因此可以确定5号学⽣必然进⼊了30秒跳绳决赛,选B. 解如图,区域I,II,III表⽰只在第⼀、⼆、三天售出的商品;区域IV,V,VI表⽰在第⼀、⼆天,第⼆、三天,第⼀,三天售出的商品;区域VII表⽰三天都售出的商品.它们的数量分别为xi(i=1,2,···,7). (1)根据题意,有x1+x4+x6+x7=19,⽽x4+x7=3,因此x1+x6=19−3=16. (2)根据容斥原理,这三天售出的商品总数为 19+13+18−(3+4+x6+x7)+x7=43−x6, ⽽x5+x7=4,因此x6⩽18−4=14,因此这三天售出的商品总数最少有29种.⼀种符合题意的填法是 (x1,x2,x3,x4,x5,x6,x7)=(2,9,0,0,1,14,3). 分析第 (1)小题考查椭圆的⽅程与基本量;第 (2)小题与理科的第 (2)小题基本⼀致,参考理科第19题的 第 (2)小题. 解 (1)根据题意,有a=2,b=1,于是椭圆的⽅程为 其离⼼率e=√3. 2 x2 +y=1, 4 2 (2)四边形ABNM的⾯积S=1|AN|·|BM|. y 设P点坐标为(2cosθ,sinθ),其中θ∈Åπ,3πã,可求得M点坐标为Å0,sinθã,N点坐标为 .Å2cosθãÅsinθã..(sinθ+cosθ−1)2. 因此四边形ABNM的⾯积S=1|AN|·|BM|=2为定值. 分析第 (1)小题是基本的利用导函数求曲线的切线⽅程的问题;第 (2)小题是利用导函数研究函数的零点 的问题,可以分离变量以简化问题;第(3)小题是在第 (2)小题的基础上进⾏的⼀点点延伸. 解 (1)函数f(x)的导函数 f′(x)=3x2+2ax+b, 于是f(0)=c,f′(0)=b,因此曲线y=f(x)在(0,f(0))处的切线⽅程为y=bx+c. (2)函数f(x)的零点即⽅程 x3+4x2+4x=−c 的实数根,令g(x)=x3+4x2+4x,则其导函数 g′(x)=3x2+8x+4=(3x+2)(x+2), ⼤值为g(−2)=0,极⼩值为gÅ−2ã=−32. −27<−c<0,解得0 Åã 因此c的取值范围是0,32. 27 (3)分两步证明. 必要性若连续函数f(x)有三个不同零点,那么f(x)的单调性必然变化⾄少2次,因此其导函数必然有2个不同的零点,从⽽f′(x)的判别式 ∆=4(a2−3b)>0, 从⽽a2−3b>0. ⾮充分性取a=0,b=−3,c=3,则函数f(x)=x3−3x+3,其导函数 f′(x)=3(x+1)(x−1), 于是其极⼤值为f(−1)=5,其极⼩值为f (1)=1,因此函数f(x)只有1个零点. 综上所述,a2−3b>0是f(x)有三个不同零点的必要⽽不充分条件.
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