中考物理模拟综合选择题及其解析doc.docx
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中考物理模拟综合选择题及其解析doc
1.下列图中实例说法不正确的是( )
A.图甲:
吸饮料时,是利用大气压压强将饮料压入管内进入嘴里
B.图乙:
船闸是利用连通器的原理
C.图丙:
小球被弹簧弹出后,在水平方向上运动时受到弹力和摩擦力的作用
D.图丁:
河边刚洗澡上岸的人会感觉到凉爽是因为水蒸发吸热致冷
答案:
C.
解析:
(1)吸饮料是利用大气压的作用来工作的.
(2)连通器的特点:
上端开口下端连通的容器.连通器里只有一种液体,在液体不流动的情况下,连通器各容器中液面的高度总是相平的.
(3)小球与接触面之间有摩擦力的作用;
(4)物质由液态变为气态叫汽化,需要吸收热量.
A.吸饮料时,吸出管中的空气,管内成为真空,大气压将饮料压入管内进入嘴里,故A正确;
B.船闸是最大的连通器,符合连通器的特点,故B正确;
C.小球离开弹簧后,小球在水平方向只受到摩擦力的作用,故C错误;
D.河边刚洗澡上岸的人会感觉到凉爽是由于身上的水蒸气蒸发吸热造成的,故D正确.
2.在生态鄂州——环洋澜湖健步走活动中,已知路线全长6km,其中湖面栈桥长1km.通过栈桥时,小丹和小蓝并肩而行,前一半路程以3m/s的速度慢跑,后一半路程以2m/s的速度快走.则下列说法正确的是( )
A.通过栈桥时小丹和小蓝之间相对静止
B.小丹和小蓝在湖面的倒影是光的折射形成的
C.小丹和小蓝看到水中的鱼儿是光的反射形成的
D.小丹和小蓝通过栈桥的平均速度是2.5m/s
答案:
A.
解析:
(1)断物体的运动和静止,首先确定一个参照物,被研究的物体和参照物之间如果发生位置的变化,被研究的物体是运动的,否则是静止的;
(2)平面镜成像属于光的反射现象;
(3)看到水中的鱼属于光的折射现象;
(4)知道路程和时间,根据公式v=
可以求出他们的平均速度
A.通过栈桥时,小丹和小蓝并肩而行,彼此之间没有位置的变化,所以通过栈桥时小丹和小蓝之间相对静止,故A正确;
B.小丹和小蓝在湖面的倒影是平面镜成像,是光的反射形成的,故B错误;
C.小丹和小蓝看到水中的鱼儿,是因为光从水中斜射入空气时,发生了折射,折射角大于入射角,是光的折射形成的,故C错误;
D.湖面栈桥长s=1km,由题意可得,小丹和小蓝通过栈桥的平均速度:
v=
=
=
=
=2.4m/s,故D错误;
3.如图所示的电路中,闭合开关s1、s2,电流表、灯泡L1和L2均能正常工作.则下列说法正确的是( )
A.开关s1闭合,s2断开,电源外部电流流向为a→b→c→d
B.开关s1、s2都闭合,灯泡L1和L2并联
C.开关s1、s2都闭合,通过灯泡L1的电流一定大于通过灯泡L2的电流
D.闭合s1、s2中任意一个开关,都会有灯泡发光
答案:
B.
解析:
(1)在电源的外部,电流的方向是从电源的正极经过用电器回到负极;
(2)把几个用电器首尾相接,连入电路是串联,串联电路中电流处处相等;
把几个用电器首首相接、尾尾相接,再连入电路,就是并联,并联电路中,干路电流等于各支路电流之和;
(3)串联电路电流处处相等,并联电路干路电流等于各支路电流的和;
(4)并联电路干路开关控制所有用电器,支路开关控制本支路.
A.由电路图可知,开关s1闭合,s2断开,电源外部电流流向为d→c→b→a,故A错误;
B.由电路图可知,闭合开关S1和S2,L1与L2首首相连、尾尾相连,两灯是并联的,故B正确;
C.开关s1、s2都闭合,L1与L2并联,由于不知道两灯泡的情况,不能判断通过灯泡L1的电流与通过灯泡L2电流的关系,故C错误;
D.开关s1在干路上,控制所有用电器,开关s2控制灯泡L1,故只闭合S1,灯泡L2发光,s1、s2都闭合,两灯泡都发光,只闭合s2的两灯泡都不发光,故D错误.
4.如图所示,是跳伞运动员在匀速下落过程中,下落的速度v、下落的路程s、重力做的功W和重力做功的功率P随时间t变化规律的图象,其中正确的是( )
A.
B.
C.
D.
答案:
AD.
解析:
明确图象中的横坐标和纵坐标所代表的物理量,再根据图象的形状判断物理量间的关系或变化规律
AB、跳伞运动员在匀速下落过程中,做匀速直线运动,匀速直线运动v不随时间变化,故在图象中为平行于时间轴的直线,在s﹣t图象中,匀速直线运动为倾斜的直线;故A正确、B错误;
C、根据W=Gh=Gvt,其中重力G、速度v是一定值,重力做的功W与时间t成正比,图象为倾斜的直线,故C错误;
D、根据P=Fv=Gv,其中重力G、速度v是一定值,故功率P也为一定值,图象为平行于时间轴的直线,故D正确.
5.新型膨胀式安全带(如图)紧缚力达到一定的值,藏在安全带里的气囊就会快速充气,迅速形成气囊袋,对驾乘人员起到更好的保护作用.下列关于膨胀式安全带说法正确的是( )
A.该安全带会使人的惯性减小
B.该安全带可以使人所承受的力减小
C.当车加速时,该安全带就会自动充气
D.该安全带充气后增大与人体的接触面积,减小压强,可避免人员被勒伤
答案:
D.
解析:
(1)惯性是物体的固有属性,其大小只和质量有关;由于惯性当紧急刹车时,人会前冲,安全带可以防止人冲上前窗玻璃.
(2)安全带不能使人所承受的力减小;
(3)安全带紧缚力达到一定的值,藏在安全带里的气囊就会快速充气,迅速形成气囊袋;
(4)减小压强的方法:
在压力一定时,增大受力面积,在受力面积一定时,减小压力.
A.惯性大小只和质量有关,故系安全带不会改变车及人的惯性,故A错误;
B.该安全带不能使人所承受的力减小,故B错误;
C.由题意“紧缚力达到一定的值,藏在安全带里的气囊就会快速充气,迅速形成气囊袋”,而不是当车加速时,该安全带就会自动充气,故C错误;
D.该安全带充气后增大与人体的接触面积,在压力一定时,增大受力面积,可减小压强,从而避免人员被勒伤,故D正确.
6.根据表格中数据,下列说法正确的是( )
物质
铁
铝
铜
煤油
ρ/(kg/m3)
7.9×103
2.7×103
8.9×103
0.8×103
c/[J/(kg•℃)]
0.46×103
0.88×103
0.39×103
2.1×103
长lm、横截面积1mm2的
导线在20℃时的电阻值/Ω
0.096
0.027
0.017
/
A.质量相同的铜块和铝块,铜块的体积更大
B.体积相同的正方体铜块和铁块放在水平桌面上,物块对桌面的压强p与其边长L的关系图象如图,则图线a表示铁块的p与L的关系
C.将质量相同的铁块和铝块均匀拉成长度相同的铁线和铝线,串联后接入电路中,则铁线两端的电压更大
D.煤油和水体积之比为2:
1,吸收热量之比为12:
5,则升高温度之比为3:
1
答案:
D.
解析:
本题为学科综合题,考查了重力公式、密度公式、压强公式、吸热公式、欧姆定律的应用以及影响电阻大小的因素,知识点多、综合性强,属于难题。
A.由表中数据可知,铜的密度大于铝的密度,由V=
可知质量相同的铜块和铝块,铝块的体积更大,故A错;
B.体积相同的正方体铜块和铁块放在水平桌面上,物块对桌面的压强p=
=
=
=
=ρgL,可见当边长相同时,密度大的压强大,由于铜的密度大于铁的密度,所以铜块产生的压强比铁块产生的压强大,图线a表示铜块的p与L的关系,故B错;
C.由表中数据可知,长度、横截面积相同的铁线的电阻大于铝线的电阻.
质量相同的铁块和铝块,因为铁的密度大于铝的密度、V=
可知铁块的体积小于铝块的体积,均匀拉成长度相同的铁线和铝线,由V=Sh可知铁丝的横截面积小于铝丝的横截面积;均匀拉成长度相同的铁线的电阻大于铝线电阻,串联后接入电路中,由U=IR可知铁线两端的电压更大,故C正确;
D.由表中数据可知,煤油和水密度之比ρ煤油:
ρ水=0.8:
1=4:
5;比热容之比c煤油:
c水=2.1:
4.2=1:
2;
煤油和水体积之比V煤油:
V水=2:
1,由m=ρV可得质量之比m煤油:
m水=ρ煤油V煤油:
ρ水V水=4×2:
5×1=8:
5;
因为Q吸=cm△t,吸收热量之比Q煤油:
Q水=12:
5,比热容之比
所以升高温度之比:
△t煤油:
△t水=
:
=
:
=3:
1,故D正确.
7.为了测出未知电阻Rx的阻值,某同学利用阻值已知的电阻0和一只电流表或电压表分别设计了如图所示的四种电路,其中可行的是(电源电压未知且不变)( )
A.
(2)(4)B.
(2)(3)C.
(1)(3)D.(3)(4)
答案:
A.
解析:
利用电压表和电流表,结合串、并联电路电流和电压特点以及欧姆定律,直接或间接得出被测电阻两端的电压和电流,根据Rx=
求出电阻,并且要注意电表正负接线柱的连接.
(1)开关S1闭合,S2断开时R0和Rx串联,电流表可以测出通过Rx的电流Ix;S2闭合时为Rx的简单电路,不能直接或间接测量出Rx的电压,所以不能求出Rx的电阻.
(2)开关S0闭合,S接1时电路为R0的简单电路,电流表测电路中的电流,根据欧姆定律求出电源的电压;当S接2时电路为未知电阻Rx的简单电路,电流表测通过Rx的电流Ix,根据Rx=
求出电阻.
(3)开关S1和S2都闭合时,R0被短路,电压表测量电源电压U;只闭合S1时,R0和Rx串联,电压表仍侧电源的电压,无法测出Rx两端的电压,所以不能求出Rx的电阻;
(4)开关S1和S2都闭合时,R0被短路,电压表测量电源电压U;只闭合S1时,R0和Rx串联,电压表直接测量Rx两端的电压Ux.根据串联电路总电压等于各串联导体电压之和,求出定值电阻两端的电压U0=U﹣Ux,根据I0=
,求出通过定值电阻的电流.根据串联电路电流处处相等,通过Rx电流等于通过定值电阻电流Ix=I0,根据Rx=
求出电阻.
综上可知,
(2)(4)方案可行.
故选A.
8.如图所示电路中,电源电压为12V.在a、b间接入灯L1“6V2W”,闭合开关,调节滑动变阻器的滑片P使灯L1正常发光.断开开关,取下灯L1,保持滑片P的位置不变,在a、b间接入灯L2“6V3W”,闭合开关.则( )
A.灯L2正常发光
B.滑动变阻器接入电路的电阻为12欧
C.通过L2的电流为0.4安
D.滑动变阻器和灯L2每秒做功5焦
答案:
C.
解析:
(1)根据两个灯泡电阻的不同分析灯的发光情况的变化;
(2)根据灯L1正常发光,求出电路中的电流,根据欧姆定律和串联电路的电流、电压规律求出滑动变阻器的电阻;
(3)求出灯泡L2的电阻,根据欧姆定律求出电流;
(4)根据W=UIt求出功的大小.
A.灯L1正常发光时,其两端的电压为6V,入灯L2,两灯的电阻不变,则ab间的电压会发生变化,故灯L2不会正常发光;
B.灯L1正常发光时的电流为:
I=
=
=
A;滑动变阻器两端的电压为U'=U﹣U1=12V﹣6V=6V,则滑动变阻器接入电路的电阻为R'=
=18Ω;
C.L2的电阻为R2=F/S=12Ω;此时电路的总电阻为:
R=R2+R'=18Ω+12Ω=30Ω,此时电路中的电流为:
I''==
=0.4A,故C正确;
D.滑动变阻器和灯L2每秒做功为整个电路所做的功,则W=UIt=12V×0.4A×1s=4.8J,故D错误.
9.如图所示,水平地面G点两侧粗糙程度不同,物体一直受到沿水平方向5N的拉力F.物体经过E点开始计时,每经过相同时间,用虚线框记录物体的位置,物体在EG段做匀速直线运动,则:
( )
A.物体在EF段的速度大于GH段的速度
B.物体在GK段受到的摩擦力等于5N
C.拉力F在EF段所做的功大于在GH段所做的功
D.拉力F在EF段的功率小于在GK段的功率
答案:
D.
解析:
(1)根据图象提供的信息,由速度公式v=
解题;
(2)摩擦力的大小与压力及接触面的粗糙程度有关,据此分析;
(3)根据功的两个要素,由W=Fs解析;
(4)分析图象,根据P=
=
判断.
A.由图和题意可知,物体在EF段和GH段通过的路程相同,但所用时间tEF=2tGH,由v=
可知,物体在EF段的速度小于GH段的速度,故A错误;
B.由图可知,物体在GK段做变速运动,故物体在GK段所受的摩擦力不等于拉力,即不等于5N;故B错误;
C.由图可知,sEF=sGH,所用的拉力相同即F=5N,由W=Fs可知,所做的功相同,故C错误;
D.由图和题意可知,sEF<sGK,所用时间t和拉力F均相同,由P=
=
可知,拉力F在EF段的功率小于在GK段的功率,故D正确.
10.如图甲所示,电源电压保持不变,闭合开关S,滑动变阻器的滑片P从n点滑到m点的过程中,两电压表示数随电流变化的图象如图乙所示,下列叙述正确的是( )
A.图乙中ab是表示电压表V1的示数随电流变化的图象
B.R2的阻值为4Ω
C.滑片从n点滑到m点的过程中,电源消耗的最大功率是10W
D.滑片在n点时,5s内电阻R消耗的电能是5J
答案:
BC.
解析:
(1)变阻器的滑片P从n点滑到m点的过程中,滑动变阻器连入电路的电阻变小,电路中的电流变大,根据串联电路的分压原理可知:
滑动变阻器两端的电压变小,根据欧姆定律可知R2两端的电压变大;据此可判断出图乙中bc,ab分别是哪一个电压表的示数随电流表示数变化的图线;
(2)由
(1)可知,对于R1:
通过的电流随两端电压的减小而增大;对于R2:
通过的电流随两端电压的增大而增大;据此判断,乙图中cb是R1的U﹣I图象,ab是R2的U﹣I图象.
由图象可知,当U2=4V时,I=1A,由此根据欧姆定律可求R2的电阻;
(3)从“U﹣I”关系图象可以看出,滑片P在n点、m点的电压表示数与电流值,根据串联电路的电压特点求出电源的电压,利用P=UI求出总功率最大值;
(4)滑片在n点时,电流最小,利用W=I2Rt即可求出消耗的电能.
A.变阻器的滑片P从n点滑到m点的过程中,变阻器连入电路的电阻变小,电路中的电流变大,根据串联电路的分压原理可知,变阻器两端的电压变小,根据U=IR可知R2两端的电压变大;
所以,图乙中cb是表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图线,ab是表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图线,故A错误;
B.由A项分析可知,滑片P从n点滑到m点的过程中,电流变大,变阻器R1两端的电压变小,R2两端的电压变大;
所以,通过R1的电流随两端电压的减小而增大,通过R2的电流随两端电压的增大而增大;
由此可知,乙图中cb是R1的U﹣I图象,ab是R2的U﹣I图象;
由乙图中ab可知,I=1A时,U2=4V,根据I=
可得R2的电阻:
R2=
=
=4Ω;故B正确;
C.从“U﹣I”关系图象可知,滑片P在n点时,电流Ia=0.5A,U1=7V、U2=2V;
滑片P在m点时,电流Ib=1A,U1′=4V、U2′=4V;
根据欧姆定律和串联电路的电压特点可得电源电压:
U=IaR+U1+U2,U=IbR+U1′+U2′,
电源电压不变,则有:
IaR+U1+U2=IbR+U1′+U2′,
即:
0.5A×R+7V+2V=1A×R+4V+4V,
解得R=2Ω,
则电源电压:
U=IaR+U1+U2=0.5A×2Ω+7V+2V=10V;
电路中的最大电流Ib=1A,则电路消粍的总功率最大值:
P大=UIb=10V×1A=10W,故C正确.
D.滑片在n点时,电流最小,5s内电阻R消耗的电能:
W=Ia2Rt=(0.5A)2×2Ω×5s=2.5J,故D错误。
11.将一密度均匀的正方体轻轻放入盛满浓盐水的大烧杯中,静止后有72g浓盐水溢出;若将该物体轻轻放入盛满煤油的大烧杯中,靜止后有64g煤油溢出(浓盐水密度为1.2×103kg/m3,煤油密度为0.8×103kg/m3、水银密度为13.6×103kg/m3),则( )
A.该物体前后两次所受浮力之比为9:
8
B.该物体前后两次排开液体体积之比为4:
3
C.该物体的密度为0.9×103kg/m3
D.若将该物体分别浸没在水银和纯水中,则除重力和浮力外还需施加第三个力方能靜止,静止时这个物体在这两种液体中受到的第三个力分别是F1和F2,则F1和F2大小之比为12:
7
答案:
AC.
解析:
(1)由已知排开浓盐水和煤油的质量不同,故在液体中不能都漂浮或悬浮,也不能一个漂浮一个悬浮,只能一个在浓盐水中漂浮,在煤油中下沉,根据阿基米德原理和浮沉条件可求;由浮力之比根据阿基米德原理可求V排之比;
(2)物体在浓盐水中漂浮,根据阿基米德原理可得物体的质量,再根据ρ=
可求密度;
(3)物体在水银和水中都处于漂浮状态,受力分析,F浮=G+F压,据此可求.
A.由阿基米德原理,F浮=G排,该物体前后两次所受浮力之比为:
F1:
F2=m排1g:
m排2g=72g:
64g=9:
8,故A正确;
B.由已知排开浓盐水和煤油的质量不同,受到的浮力不同,故在液体中不能都漂浮或悬浮,也不能一种漂浮一种悬浮,只能一种在浓盐水中漂浮,在煤油中下沉,根据阿基米德原理:
V物=V排油=
=
=80cm3;
物体在浓盐水中排开的体积:
V排盐水=
=
=60cm3;
该物体前后两次排开液体体积之比:
V排盐水:
V排油=60cm3:
80cm3=3:
4,故B错误;
C.由B的分析可知,物体应在浓盐水中漂浮,由阿基米德原理,F浮=G排=G,m排g=mg,m=m排=72g,
由ρ=
可得,ρ=
=
=90cm3=0.9×103kg/m3,故C正确;
D.已知物体的密度为0.9×103kg/m3,物体在水银和水中都处于漂浮状态,受力分析,F浮=G+F压,V排=V物,
则物体在水银中收到的压力:
F1=F压水银=F浮水银﹣G=F浮水银﹣mg=ρ水银gV排﹣mg=13.6×103kg/m3×10N/kg×80×10﹣6m3﹣0.072kg×10N/kg=10.88N﹣0.72N=10.16N;
物体在水银中收到的压力:
F2=F压水=F浮水﹣G=F浮水﹣mg=ρ水gV排﹣mg=1×103kg/m3×10N/kg×80×10﹣6m3﹣0.072kg×10N/kg=0.8N﹣0.72N=0.08N,
则F1和F2大小之比为:
F1:
F2=10.16N:
0.08N=136:
1,故D错误.
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