湖南省衡阳县江山中英文学校届高三上学期第三次物理精校解析Word版.docx

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湖南省衡阳县江山中英文学校届高三上学期第三次物理精校解析Word版

湖南省衡阳县江山中英文学校

2019届高三第三次月考（10月）

物理试卷

一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

）

1.下列说法正确的是（）

A.在高速公路上高速行驶的轿车的惯性比静止在货运场的集装箱货车的惯性大

B.牛顿第一定律可以用实验来验证

C.在粗糙水平面上滚动的小球最后会停下来是因为小球的惯性逐渐变为零

D.物体的速度逐渐增大同时加速度逐渐减小是有可能的

【答案】D

【解析】

【详解】A、惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，惯性大小与速度无关，所以高速行驶的轿车的惯性比静止在货运场的集装箱货车的惯性小，故A错误；

B、牛顿第一定律是根据实验和逻辑推理得出来的，故B错误；

C、在粗糙水平面上滚动的小球最后会停下来是因为小球受到阻力，小球的惯性不变，故C错误；

D、如果加速度方向与速度方向相同，加速度减小，那么物体做加速度减小的加速直线运动，速度是增大的，故D正确；

故选D。

【点睛】惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；加速度方向与速度方向相同，速度增大，加速度方向与速度方向相反，速度减小。

2.一物体受三个共点力的作用，下面4组组合可能使物体处于平衡状态的是（）

A.F1＝7N、F2=8N、F3=19NB.F1＝8N、F2=2N、F3=11N

C.F1＝7N、F2＝1N、F3=5ND.F1=10N、F2=10N、F3＝1N

【答案】D

【解析】

试题分析：

A中F1、F2的取值范围为[1N,15N],不可能与19N平衡；同理B中F1、F2的取值范围为[6N,10N]，也不可能与11N平衡；C中F1、F2的取值范围为[6N,8N]，也不可能与第三个力5N平衡，D中F1、F2的取值范围为[0N,20N]，有可能与第三个力1N平衡，D正确

考点：

两个力的取值范围

点评：

此类题型实际上是考察两个力的合成的取值范围

3.如图所示为杂技“顶竿”表演，一人站在地上，肩上扛一质量为M的竖直竹竿，当竿上一质量为m的人以加速度a加速下滑时，竿对“底人”的压力大小为（）

A.（M＋m）g

B.（M＋m）g－ma

C.（M＋m）g＋ma

D.（M-m）g

【答案】B

【解析】

试题分析：

杆上的人加速下滑时，有

，解得杆对上面的人的摩擦力

，故上面的人对杆的摩擦力大小为

，方向向下，故杆对下面的人的作用力大小为

，B正确；

考点：

考查了牛顿第二定律的应用

【名师点睛】由于人加速下滑，处于失重状态，人对竿的作用力并不等于人的重力，这是在解答本题的过程中常出现的错误，注意这一点这道题就可以了．

4.如图所示，质量为m的木块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间的动摩擦因数为μ1，木块与木板间的动摩擦因数为μ2，木板一直静止，那么木板所受地面的摩擦力大小为（　　）

A.μ1MgB.μ2mgC.μ1（m＋M）gD.μ1Mg＋μ2mg

【答案】B

【解析】

【详解】选取m为研究对象：

因为m相对于M向右运动，所以M对m的摩擦力方向向左，大小为

，依据牛顿第三定律可知，m对M的摩擦力方向向右，大小是

；

选取M为研究对象：

由于M处于静止状态，所以地面对M的摩擦力为静摩擦力，根据二力平衡可知，地面对M的摩擦力方向向左，大小与m对M的摩擦力相等，为

，故B正确，A、C、D错误；

故选B。

【点睛】物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到向左的静摩擦力。

5.如图所示，一小球放置在木板与竖直墙面之间．设墙面对球的压力大小为FN1，球对木板的压力大小为FN2.以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦，在此过程中（　　）

A.FN1始终减小，FN2始终增大

B.FN1始终减小，FN2始终减小

C.FN1先增大后减小，FN2始终减小

D.FN1先增大后减小，FN2先减小后增大

【答案】B

【解析】

试题分析：

以小球为研究对象，分析受力情况：

重力G、墙面的支持力N1和木板的支持力N2，如图所示：

根据平衡条件得：

N1=Gcotθ，

；木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置θ增大，则N1始终减小，N2始终减小；故选B．

考点：

物体的平衡

【名师点睛】本题运用函数法研究动态平衡问题，也可以运用图解法直观反映力的变化情况。

6.物体静止于斜面上，如图所示，则下述说法中正确的是（）

A.物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对平衡力

B.物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对平衡力

C.物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力是一对作用力和反作用力

D.物体所受的重力可以分解为沿斜面向下的力和对斜面的压力

【答案】BC

【解析】

【详解】物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对作用力和反作用力。

故A错误。

斜面对物体的作用力是支持力和摩擦力的合力，与重力平衡。

所以物体所受的重力和斜面对物体的作用力是一对平衡力，故B正确。

物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力是一对作用力和反作用力，故C正确。

物体所受的重力可以分解为沿斜面向下的力和垂直于斜面向下的力。

垂直于斜面向下的分力不是对斜面的压力。

故D错误。

故选BC。

【点睛】解决本题的关键掌握平衡力和作用力、反作用力的区别，平衡力作用在同一物体上，作用力和反作用力作用在不同的物体上。

7.一物体自t=0时开始做直线运动，其速度图线如图所示，下列选项正确的是（）

A.在0～6s内，物体离出发点最远为30m

B.在0～6s内，物体经过的路程为40m

C.在0～4s内，物体的平均速率为7．5m/s

D.在0～6s内，物体的平均速率为5．0m/s

【答案】BC

【解析】

试题分析：

内，物体向正向运动，

向负向运动，故

末离出发点最远，路程为

，故该选项A错误；

在

内，物体经过的路程为

，故该选项B正确；在

内，物体的路程为

，因此平均速率

，故该选项C正确；在

内，物体经过的路程为

，因此平均速率

，故该选项D错误。

考点：

匀速直线运动

【名师点睛】本题考查了速度--时间图象的应用及做功正负的判断，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别，属于基础题。

8.如图所示，在不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下，当小车匀速向左运动时，物体M的受力和运动情况是（　　）

A.绳的拉力等于M的重力

B.绳的拉力大于M的重力

C.物体M向上做匀速运动

D.物体M向上做匀加速运动

【答案】B

【解析】

设绳子与水平方向的夹角为θ，将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于M的速度，根据平行四边形定则得，vM=vcosθ，车子在匀速向左的运动过程中，绳子与水平方向的夹角θ减小，所以M的速度增大，M做变加速运动，根据牛顿第二定律有：

F-mg=ma，知拉力大于重力．故BD正确，AC错误．故选BD．

点睛：

解决本题的关键会对小车的速度进行分解，知道小车的速度是沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度．

9.如图所示，弹簧左端固定，右端自由伸长到O点并系住物体m．现将弹簧压缩到A点，然后释放，物体一直可以运动到B点．如果物体受到的摩擦力恒定，则（　　）

A.物体从A到O先加速后减速

B.物体从A到O加速，从O到B减速

C.物体在A、O间某点时所受合力为零

D.物体运动到O点时所受合力为零

【答案】AC

【解析】

A、物体从A到O的过程中，开始弹力大于摩擦力，加速度方向向右，向右做加速运动，然后弹力小于摩擦力，加速度方向向左，做减速运动，所以A到O的过程先加速后减速．故A正确．B、物体从A到O先加速后减速，从O到B的过程中，弹簧后摩擦力均向左，做减速运动．故B错误．C、在AO间，当弹力与摩擦力相等时，合力为零．故C正确，D错误．故选AC．

【点睛】本题关键分阶段结合运动情况对物体受力分析，求出合力后确定加速度的变化情况，从而最终确定物体的运动情况．

10.如图所示，木箱顶端固定一竖直放置的弹簧，弹簧下方有一物块，木箱静止时弹簧处于伸长状态且物块与箱底间有压力．若在某段时间内，物块对箱底恰好无压力，则在此段时间内，木箱的运动状态可能为（　　）

A.加速下降

B.加速上升

C.物块处于失重状态

D.物块处于超重状态

【答案】AC

【解析】

木箱静止时物块对箱底有压力，当物块对箱底刚好无压力时，物体受到的合力向下，所以系统应该有向下的加速度，是失重，物体可能是向下加速，也可能是向上减速，所以A、C正确．

故选AC．

【点睛】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度.

11.质量为m的物体放在质量为M、倾角为θ的斜面体上，斜面体置于粗糙的水平地面上，用平行于斜面的力F拉物体m使其沿斜面向下匀速运动，M始终静止，则下列说法正确的是

A.M相对地面有向右运动的趋势

B.地面对M的支持力为（M+m）g

C.地面对M的摩擦力大小为Fcosθ

D.物体m对M的作用力的大小为mg

【答案】C

【解析】

试题分析：

由于m物体匀速运动，所以整体法可知，系统受力平衡，斜面受到向右的静摩擦力，

，所以C正确，A错误。

地面对斜面的支持力为

，所以B错误。

物体m对M的作用力有压力和摩擦力，其合外力大小应为mg和F的合力，所以D不正确。

考点：

整体法、受力分析、正交分解

点评：

此类题型考察了利用正交分解、整体法求解各作用力

12.一有固定斜面的小车在水平面上做直线运动，小球通过细绳与车顶相连。

小球某时刻正处于图示状态。

设斜面对小球的支持力为N，细绳对小球的拉力为FT，关于此时刻小球的受力情况，下列说法正确的是（　　）

A.若小车向左运动，N可能为零

B.若小车向左运动，FT可能为零

C.若小车向右运动，N不可能为零

D.若小车向右运动，FT不可能为零

【答案】AB

【解析】

若小车向左运动做减速运动，则加速度向右，小球受重力及绳子的拉力可以使小球的加速度与小车相同，故此时N为零，故A正确；若小球向左加速运动，则加速度向左，此时重力与斜面的支持力可以使合力向左，则绳子的拉力为零，故B正确；同理可知当小球向右时，也可能做加速或减速运动，故加速度也可能向右或向左，故N和T均可以为零，故CD均错误；故选AB．

点睛：

力是改变物体运动状态的原因，故物体的受力与加速度有关，和物体的运动方向无关，故本题应讨论向左加速和减速两种况。

视频

二、实验题（10分）

13.某物理兴趣小组的同学在研究弹簧弹力的时候，测得弹力的大小F和弹簧长度L的关系如图所示，则由图线可知：

（1）弹簧的劲度系数_________N/m。

（2）当弹簧受到5N的拉力时，弹簧的长度为_______cm。

【答案】

（1）.200

（2）.12.5

【解析】

解：

（1）由图读出，弹簧的弹力F=0时，弹簧的长度为L0=10cm，即弹簧的原长为10cm，

由图读出弹力为F1=10N，弹簧的长度为L1=5cm，弹簧压缩的长度x1=L0﹣L1=5cm=0.05m，

由胡克定律得弹簧的劲度系数为k=

=200N/m

（3）弹簧的弹力为5N，弹簧的形变量△x=

=2.5cm

弹簧的原长为10cm，所以弹簧的长度为12.5cm或7.5cm，

故答案为：

200N/m，12.5cm或7.5cm

【点评】胡克定律公式f=kx中，x是弹簧伸长或压缩的长度，不是弹簧的长度．第

（2）问也可以直接由图象读出结果．

14.如图甲所示是某同学探究加速度与力的关系的实验装置。

他在气垫导轨上安装了一个光电门B，在滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连（力传感器可测得细线上的拉力大小），力传感器下方悬挂钩码，每次滑块都从A处由静止释放。

（1）该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，则d=______mm.

（2）下列不必要的一项实验要求是______（填正确答案标号）.

A．应使A位置与光电门间的距离适当大些

B．应将气垫导轨调节水平

C．应使细线与气垫导轨平行

D．应使滑块质量远大于钩码和力传感器的总质量

（3）为探究滑块的加速度与力的关系，改变钩码质量，测出对应的力传感器的示数F和遮光条通过光电门的时间t，通过描点要作出它们的线性关系图象，处理数据时纵轴为F，横轴应为________（填正确答案标号）。

A.tB.t2C.

D.

【答案】

（1）.2.25mm

（2）.D（3）.D

【解析】

【分析】

游标卡尺读数结果等于固定刻度读数加上可动刻度读数，不需要估读，实验中小车的力由力传感器测出，不必要滑块质量远大于钩码和力传感器的总质量；根据牛顿第二定律得

求出滑块的加速度与力的关系；

【详解】解：

（1）由图知固定刻度读数为2mm，第5条刻度线与主尺对齐，有：

；

（2）A、应使A位置与光电门间的距离适当大些，有利于减小误差，故A必要；

B、应将气垫导轨调节水平，使拉力才等于合力，故B必要；

C、要保持拉线方向与导轨平行，拉力才等于合力，故C必要；

D、拉力是直接通过力传感器测量的，不必要应使滑块质量远大于钩码和力传感器的总质量，故D不需要；

故选D；

（3）根据牛顿第二定律得

，那么

，解得：

，所以研究滑块的加速度与力的关系，处理数据时纵轴为F，横轴应为

，故D正确，A、B、C错误；

故选D。

三、计算题：

（（共42分，要求：

1、左上角写“解”；2、左对齐；3、用工具规范图画，并把图画在右侧；4、方程前面要有必要的文字说明；5、要写原始方程，并标上序号；6、每个方程占一行；7、解方程的过程在草稿纸上进行；8、如果结果是数字，要写单位，如果结果是字母不写单位）

15.如图所示，拉B物的轻绳与竖直方向成60°角，O为一定滑轮，物体A与B间用跨过定滑轮的细绳相连且均保持静止，已知物体B的重力为100N，物体A的重力为40N，绳和滑轮的摩擦及质量均不计，试求：

（1）物体B与水平地面间的摩擦力

（2）物体B对水平地面的压力

（3）求OP绳的拉力大小？

【答案】

（1）

（2）FN=80N（3）

【解析】

试题分析：

（1）物体A所受的重力大小等于绳子的拉力:

GA=T

对物体B受力分析如图:

物体B与地面间的摩擦力为f,由平衡条件可知

解得

（2）物体B的受力平衡可得:

解得N=80N

由牛顿第三定律：

F压=N=80N

（3）对滑轮受力分析如图:

OP的拉力为TP，连接物体A．B的绳子拉力相等，由几何关系可知θ=30°

由力的合成可得

解得：

考点：

物体的平衡

16.如图甲所示，质量为m=1kg的物体置于倾角为θ=37°的固定且足够长的斜面上，对物体施以平行于斜面向上的拉力F，t=1s时撤去拉力，物体运动的部分v-t图象如图乙所示。

试求：

（1）拉力F的大小；

（2）物体和斜面的滑动摩擦因数μ的大小。

（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）

【答案】

（1）F=30N

（2）μ=0.5

【解析】

试题分析：

有力F作用时F-mgsinθ-μmgcosθ=ma1，2分

撤去力后，mgsinθ+μmgcosθ=ma2，2分

由速度时间关系图得：

a1=20m/s2，1分

a2=10m/s2，1分

解得F=30N，μ=0.52分

考点：

考查了牛顿第二定律的应用

点评：

做此类型的题，需要根据受力分析，列出第二定律的等式，然后结合图像求解加速度，即可

17.如图所示，水平台面AB距地面的高度h=0.8m，有一滑块从A点开始以v0=6m/s的初速度在台面上做匀变速直线运动，滑块与平台间的动摩擦因数μ=0.25滑块运动到平台边缘的B点后水平飞出。

已知AB=2.2m。

不计空气阻力，g取10m/s2。

求：

（1）滑块从B点飞出时的速度大小v；

（2）滑块落地点到平台的水平距离d。

【答案】

（1）

（2）d=2m

【解析】

（1）由牛顿第二定律:

μmg=ma

运动学公式:

vt2-v02=-2as

解得滑块从B点飞出时的速度大小vt=5.0m/s

（2）由平抛运动公式

s=vtt

解得滑块落地点到平台边缘的水平距离s=2.0m

（3）滑块落地时水平方向的速度大小为vx=5.0m/s

竖直方向的速度大小

滑块落速度大小为

方向与水平地成角

18.如图所示，为皮带传输装置示意图的一部分，传送带与水平地面的倾角θ＝37°，A、B两端相距5.0m，质量为m＝10kg的物体以v0＝6.0m/s的速度沿AB方向从A端滑上传送带，物体与传送带间的动摩擦因数处处相同，均为0.5。

传送带顺时针运转的速度v＝4.0m/s，（g取10m/s2,sin37°＝0.6,cos37°＝0.8）求：

（1）物体从A点到达B点所需的时间；

（2）若传送带顺时针运转的速度可以调节，物体从A点到达B点的最短时间是多少？

【答案】

（1）2.2s　

（2）1s

【解析】

（1）重力沿斜面方向的分力：

摩擦力大小：

开始时物体所受摩擦力沿斜面向下，根据牛顿第二定律：

得：

达到与传送带速度相等需要的时间：

这段时间内的位移为：

之后，物块所受沿斜面向上的摩擦力小于重力的分力，则加速度为：

以此加速度减速上滑

：

有：

即：

，

得：

，正好此时物块速度减小到0；

则物体从A点到达B点所需的时间：

（2）若传送带的速度较大，沿AB上滑时所受摩擦力一直沿皮带向上，则所用时间最短，此种情况加速度一直为

运动到B点的时间最短，

，代入数据整理可以得到：

得：

。

点睛：

传送带问题一直是学生头大的问题，关键是明确物体所受传送带摩擦力方向的判断，摩擦力的方向与物体相对传送带运动方向相反，而牛顿第二定律和运动学公式的应用选取的参照物是地面。