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模拟二
博野中学2015-2016学年高一下学期期中考试物理模拟试卷
(二)
一、选择题(每小题4分,共60分。
下列每小题所给选项至少有一项符合题意)
1.物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识,推动了科学技术的创新和革命,促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步.关于物理学发展过程中的认识,下列说法正确的是( )
A.牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物,不可能用实验直接验证
B.开普勒研究了行星运动,从中发现了万有引力定律
C.卡文迪许利用扭秤测出了万有引力常量,被誉为能“称出地球质量的人”
D.伽利略利用理想斜面实验,使亚力士多德“重的物体比轻的物体下落的快”的结论陷入困境
2.如图所示,神舟九号飞船与天宫一号交会对接,若飞船与天宫一号都在各自的轨道做匀速圆周运动,下列说法错误的是(引力常量G已知)( )
A.由飞船飞行的周期和轨道半径可以求出飞船的质量
B.由飞船飞行的周期和轨道半径可以求出地球的质量
C.漂浮在飞船返回舱内的宇航员处于失重状态
D.若飞船处于较低的轨道,则要实现对接,飞船应减速
3.如图所示,质量相同的三颗卫星a、b、c绕地球逆时针做匀速圆周运动,其中b、c在地球的同步轨道上,a距离地球表面的高度为R,此时a、b恰好相距最近.已知地球质量为M、半径为R、地球自转的角速度为ω,万有引力常量为G,则( )
A.发射卫星b时速度要大于11.2km/s
B.卫星a的环绕线速度大于卫星b的环绕线速度
C.若要卫星c与b实现对接,可让卫星c加速
D.卫星a和b下次相距最近还需经过t=
4.“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星,被称为“太空110”.它可以在太空中对卫星补充能源,延长卫星使用寿命,假设“轨道康复者”的轨道离地面的高度为同步卫星轨道离地面高度的五分之一,其运行方向与地球自转方向一致,轨道平面与地球赤道平面重合,下列说法正确的是( )
A.“轨道康复者”的速度是同步卫星运行速率的5倍
B.“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的5倍
C.站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向东运动
D.“轨道康复者”可从高轨道加速,以实现对低轨道上的卫星的拯救
5.我国发生“嫦娥一号”飞船探测月球,当宇宙飞船到了月球上空先以速度v绕月球在Ⅰ轨道上做圆周运动,为了使飞船较安全的落在月球上的B点,在轨道A点瞬间点燃喷气火箭,使飞船进入Ⅱ轨道运动,关于飞船的运动下列说法正确的是( )
A.在轨道Ⅱ上经过A点的速度小于在轨道Ⅰ经过A点的速度
B.在轨道Ⅱ上运行的周期小于在轨道Ⅰ运行的周期
C.在轨道Ⅱ上经过A点的加速度小于在轨道Ⅰ经过A点的加速度
D.喷气方向与v的方向相反,飞船减速,A点飞船的向心加速度不变
6.地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a,地球的同步卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r1,向心加速度为a1.已知万有引力常量为G,地球半径为R,地球赤道表面的加速度为g.下列说法正确的是( )
A.地球质量M=
B.地球质量M=
C.a、a1、g的关系是a<a1<gD.加速度之比
=
7.2012年7月,一个国际研究小组借助于智利的甚大望远镜,观测到了一组双星系统,它们绕两者连线上的某点O做匀速圆周运动,如图所示.此双星系统中体积较小成员能“吸食”另一颗体积较大星体表面物质,达到质量转移的目的,假设在演变的过程中两者球心之间的距离保持不变,则在最初演变的过程中( )
A.它们做圆周运动的万有引力保持不变
B.它们做圆周运动的角速度不断变大
C.体积较大星体圆周运动轨迹半径变大,线速度也变大
D.体积较大星体圆周运动轨迹半径变大,线速度变小
8.美国一家科技公司整了一个“外联网”计划,准备发射数百个小卫星,向全国提供免费WIFI服务.若这些小卫星运行时都绕地心做匀速圆周运动,则下列说法正确的是( )
A.小卫星的质量越大,所需要的发射速度越大
B.小卫星的轨道越高,所需要的发射速度越大
C.小卫星运行时的轨道半径越大,周期越大
D.小卫星在轨道上做匀速圆周运动时,受到的万有引力不变,向心加速度不变
9.如图所示,一条小船位于200m宽的河正中A点处,从这里向下游100
m处有一危险区,当时水流速度为4m/s,为了使小船避开危险区沿直线到达对岸,小船在静水中的速度至少是( )
A.
m/sB.
m/sC.2m/sD.4m/s
10.如图所示,甲、乙两水平圆盘紧靠在一起,甲圆盘为主动轮,乙靠摩擦随甲无打滑转动.甲圆盘与乙圆盘的半径之比为r甲:
r乙=2:
1,两圆盘和小物体m1、m2之间的动摩擦因数相同,m1距O点为2r,m2距O′点为r,当甲缓慢转动起来且转速慢慢增加时( )
A.与圆盘相对滑动前m1与m2的角速度之比ω1:
ω2=2:
1
B.与圆盘相对滑动前m1与m2的向心加速度之比a1:
a2=1:
2
C.随转速慢慢增加,m1先开始滑动
D.随转速慢慢增加,m2先开始滑动
11.一杂技演员骑摩托车沿一竖直圆形轨道做特技表演,如图所示.A、C两点分别是轨道的最低点和最高点,B、D分别为两侧间的端点,若运动中的速率保持不变,人与车的总质量为m,设演员在轨道内逆时针运动.下列说法正确的是( )
A.人和车的向心加速度大小不变
B.摩托车通过最低点A时,轨道受到的压力可能等于mg
C.由D点到A点的过程中,人始终处于超重状态
D.摩托车通过A、C两点时,轨道受到的压力完全相同
二、非选择题
16.图甲是“研究平抛物体的运动”的实验装置图.
(1)实验前应对实验装置反复调节,直到斜槽末端切线 .每次让小球从同一位置由静止释放,是为了每次平抛 .
(2)图乙是正确实验取得的数据,其中O为抛出点,则此小球作平抛运动的初速度为 m/s.(g取9.8m/s2)
(3)在另一次实验中将白纸换成方格纸,每小格的边长L=5cm,通过实验,记录了小球在运动途中的三个位置,如图丙所示,则该小球做平抛运动的初速度为 m/s;B点的竖直分速度为 m/s.(g取10m/s2)
17.中国自行研制,具有完全自主知识产权的“神舟号”飞船,目前已经达到或优于国际第三代载人飞船技术,其发射过程简化如下:
飞船在酒泉卫星发射中心发射,由长征运载火箭送入近地点为A、远地点为B的椭圆轨道上,A点距地面的高度为h1,飞船飞行五周后进行变轨,进入预定圆轨道,如图所示,设飞船在预定圆轨道上飞行n圈所用时间为t,若已知地球表面重力加速度为g,地球半径为R,求:
(1)地球的平均密度是多少;
(2)飞船经过椭圆轨道近地点A时的加速度大小;
(3)椭圆轨道远地点B距地面的高度.
18.两颗卫星在同一轨道平面绕地球做匀速圆周运动,地球半径为R,a卫星离地面的高度等于R,b卫星离地面高度为3R,则:
(1)a、b两卫星周期之比Ta:
Tb是多少?
(2)若某时刻两卫星正好同时通过地面同一点的正上方,则a至少经过多少个周期两卫星相距最远?
19.宇宙中存在一些质量相等且离其他恒星较远的四颗星组成的四星系统,通常可忽略其他星体对它们的引力作用,设每个星体的质量均为m,四颗星稳定地分布在边长为a的正方形的四个顶点上,已知这四颗星均围绕正方形对角线的交点做匀速圆周运动,引力常量为G,试求:
(1)求星体做匀速圆周运动的轨道半径;
(2)若实验观测得到星体的半径为R,求星体表面的重力加速度;
(3)求星体做匀速圆周运动的角速度.
20.某电视台正在策划的“快乐向前冲”节目的场地设施如图所示,AB为水平直轨道,上面安装有电动悬挂器,可以载人运动,下方水面上漂浮着一个半径为R铺有海绵垫的转盘,转盘轴心离平台的水平距离为L,平台边缘与转盘平面的高度差H.选手抓住悬挂器后,按动开关,在电动机的带动下从A点沿轨道做初速为零、加速度为a的匀加速直线运动.起动后2s悬挂器脱落.设人的质量为m(看作质点),人与转盘间的最大静摩擦力为μmg,重力加速度为g.
(1)假设选手落到转盘上瞬间相对转盘速度立即变为零,为保证他落在任何位置都不会被甩下转盘,转盘的角速度ω应限制在什么范围?
(2)已知H=3.2m,R=0.9m,取g=10m/s2,当a=2m/s2时选手恰好落到转盘的圆心上,求L=?
(3)选手要想成功落在转盘上,可以选择的加速度范围?
参考答案与试题解析二
一、选择题(每小题4分,共60分。
下列每小题所给选项至少有一项符合题意)
1.物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识,推动了科学技术的创新和革命,促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步.关于物理学发展过程中的认识,下列说法正确的是( )
A.牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物,不可能用实验直接验证
B.开普勒研究了行星运动,从中发现了万有引力定律
C.卡文迪许利用扭秤测出了万有引力常量,被誉为能“称出地球质量的人”
D.伽利略利用理想斜面实验,使亚力士多德“重的物体比轻的物体下落的快”的结论陷入困境
【考点】物理学史.
【分析】本题根据物理学史和常识解答,记住著名物理学家的主要贡献即可.
【解答】解:
A、牛顿第一定律是在实验的基础上经逻辑推理而得出的,采用的是实验加推理的方法,反映了物体不受外力时的运动状态,而不受外力的物体不存在的,所以不能用实验直接验证,故A正确;
B、开普勒关于行星运动的描述为万有引力定律的发现奠定了基础,牛顿发现万有引力定律,故B错误;
C、卡文迪许牛顿发现了万有引力定律之后,测出了引力常量G,根据mg=G
,得地球的质量M=
,从而可求得地球,所以被称为能“称量地球质量”的人,故C正确;
D、亚里士多德认为物体的下落与质量有关,重的物体比轻的物体下落得快,这一论点被伽利略的比萨斜塔实验所推翻,故D错误;
故选:
AC
【点评】本题考查物理学史,是常识性问题,对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,这也是考试内容之一.
2.如图所示,神舟九号飞船与天宫一号交会对接,若飞船与天宫一号都在各自的轨道做匀速圆周运动,下列说法错误的是(引力常量G已知)( )
A.由飞船飞行的周期和轨道半径可以求出飞船的质量
B.由飞船飞行的周期和轨道半径可以求出地球的质量
C.漂浮在飞船返回舱内的宇航员处于失重状态
D.若飞船处于较低的轨道,则要实现对接,飞船应减速
【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系.
【分析】根据万有引力提供向心力,结合轨道半径和周期求出地球的质量.返回舱做匀速圆周运动,宇航员处于完全失重状态.根据万有引力与向心力的大小关系,从而变轨的角度分析飞船从较低轨道到较高轨道时,需加速还是减速.
【解答】解:
A、根据
知,已知飞行的周期和轨道半径,只能求出地球的质量,不能求出飞船的质量,故A错误,B正确.
C、返回舱绕地球做匀速圆周运动时,宇航员处于完全失重状态,故C正确.
D、若飞船处于较低轨道,需加速,使得万有引力不够向心力,做离心运动,从而实现对接,故D错误.
本题选错误的,故选:
AD.
【点评】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一重要理论,知道通过该理论只能求解中心天体的质量,不能求解环绕天体质量.
3.如图所示,质量相同的三颗卫星a、b、c绕地球逆时针做匀速圆周运动,其中b、c在地球的同步轨道上,a距离地球表面的高度为R,此时a、b恰好相距最近.已知地球质量为M、半径为R、地球自转的角速度为ω,万有引力常量为G,则( )
A.发射卫星b时速度要大于11.2km/s
B.卫星a的环绕线速度大于卫星b的环绕线速度
C.若要卫星c与b实现对接,可让卫星c加速
D.卫星a和b下次相距最近还需经过t=
【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系.
【分析】第一宇宙速度7.9km/s是指在地球上发射的物体绕地球飞行作圆周运动所需的最小初始速度,第二宇宙速度11.2km/s是物体挣脱地球引力束缚的最小发射速度.
卫星从低轨道到高轨道需要克服引力做较多的功.b、c在地球的同步轨道上,所以卫星b、c和地球具有相同的周期和角速度
【解答】解:
A、卫星b绕地球做匀速圆周运动,7.9km/s是指在地球上发射的物体绕地球飞行作圆周运动所需的最小初始速度,11.2km/s是物体挣脱地球引力束缚的最小发射速度.所以发射卫星b时速度大于7.9km/s,而小于 11.2km/s,故A错误
B、由万有引力提供向心力得:
v=
,则半径小的速度大则B正确.
C、让卫星c加速,所需的向心力增大,由于万有引力小于所需的向心力,卫星c会做离心运动,离开原轨道,所以不能与b实现对接,则C错误
D、b、c在地球的同步轨道上,所以卫星b、c和地球具有相同的周期和角速度.
由万有引力提供向心力,即
═mω2rω=
a距离地球表面的高度为R,所以卫星a的角速度ωa=
此时a、b恰好相距最近,到卫星a和b下一次相距最近,(ωa﹣ω)t=2π
t=t=
,故D正确
故选:
BD
【点评】理解三种宇宙速度,特别注意第一宇宙速度的三种说法.能抓住万有引力提供向心力列出等式解决问题的思路,再进行讨论求解
4.“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星,被称为“太空110”.它可以在太空中对卫星补充能源,延长卫星使用寿命,假设“轨道康复者”的轨道离地面的高度为同步卫星轨道离地面高度的五分之一,其运行方向与地球自转方向一致,轨道平面与地球赤道平面重合,下列说法正确的是( )
A.“轨道康复者”的速度是同步卫星运行速率的5倍
B.“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的5倍
C.站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向东运动
D.“轨道康复者”可从高轨道加速,以实现对低轨道上的卫星的拯救
【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系.
【分析】AB、根据“轨道康复者”在某一位置受到的重力提供它做圆周运动的向心力,可得到其速度、加速度表达式;
C、根据万有引力提供向心力分析.同步卫星和地球自转的角速度相同,比较出“轨道康复者”和同步卫星的角速度大小,就可以判断出“轨道康复者”相对于地球的运行方向;
D、在圆轨道加速会做离心运动,减速会做向心运动,据此分析变轨问题.
【解答】解:
A、根据
得:
,因为“轨道康复者”的轨道离地面的高度为同步卫星轨道离地面高度的五分之一,故“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径不等于地球同步卫星轨道半径的五分之一,则“轨道康复者”的速度不是地球同步卫星速度的
倍;故A错误;
B、根据
,“因为“轨道康复者”的轨道离地面的高度为同步卫星轨道离地面高度的五分之一,无法确定轨道半径的关系,故也就无法确定“轨道康复者”的加速度与地球同步卫星加速度的关系;故B错误;
C、轨道半径越大,角速度越小,同步卫星和地球自转的角速度相同,所以轨道康复者的角速度大于地球自转的角速度,所以站在地球赤道上的人观察到“轨道康复者”向东运动.故C正确;
D、“轨道康复者”要加速将会做离心运动,到更高的轨道上,故D错误;
故选:
C
【点评】解决本题的关键掌握万有引力等于重力和万有引力提供向心力.以及“轨道康复者”处于完全失重状态,靠地球的万有引力提供向心力,做圆周运动.
5.我国发生“嫦娥一号”飞船探测月球,当宇宙飞船到了月球上空先以速度v绕月球在Ⅰ轨道上做圆周运动,为了使飞船较安全的落在月球上的B点,在轨道A点瞬间点燃喷气火箭,使飞船进入Ⅱ轨道运动,关于飞船的运动下列说法正确的是( )
A.在轨道Ⅱ上经过A点的速度小于在轨道Ⅰ经过A点的速度
B.在轨道Ⅱ上运行的周期小于在轨道Ⅰ运行的周期
C.在轨道Ⅱ上经过A点的加速度小于在轨道Ⅰ经过A点的加速度
D.喷气方向与v的方向相反,飞船减速,A点飞船的向心加速度不变
【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系;万有引力定律及其应用.
【分析】点火后由原来的高轨道进入低轨道,可知卫星要减速,但是由于引力做功,最终会导致低轨道上的速度比高轨道速度大
【解答】解:
A、经过A点由Ⅰ变到轨道Ⅱ减速,则A正确
B、运行轨道越大,周期越长,则B正确
C、在同一点由万有引力产生加速度,则相同,则C错误
D、原来的高轨道进入低轨道要减速,喷气方向与v的方向相反,则D正确
故选:
ABD
【点评】知道飞船做圆周运动时万有引力提供圆周运动向心力,熟悉飞船运行时的变轨原理是解决本题的主要入手点.
6.地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a,地球的同步卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r1,向心加速度为a1.已知万有引力常量为G,地球半径为R,地球赤道表面的加速度为g.下列说法正确的是( )
A.地球质量M=
B.地球质量M=
C.a、a1、g的关系是a<a1<gD.加速度之比
=
【考点】同步卫星.
【分析】地球赤道上的物体随地球自转时,万有引力的一部分提供向心力,地球的同步卫星绕地球做匀速圆周运动,万有引力提供向心力,据此求解地球质量,同步卫星的角速度和地球自转的角速度相等,根据a=rω2得出物体随地球自转的向心加速度与同步卫星的加速度之比,从而判断加速度的关系.
【解答】解:
A、地球赤道上的物体随地球自转时有:
,
解得:
M=
,故A错误;
B、地球的同步卫星绕地球做匀速圆周运动,万有引力提供向心力,则有:
解得:
M=
,故B正确;
C、同步卫星的角速度和地球自转的角速度相等,物体的角速度也等于地球自转的角速度,所以地球同步卫星与物体的角速度相等.
根据a=rω2得,a1:
a=r:
R,则a<a1,
在地球表面,根据重力等于万有引力得:
解得:
g=
,而
,则g>a1,所以a<a1<g,故C正确,D错误.
故选:
BC
【点评】解决本题的关键知道同步卫星的特点,知道卫星由万有引力提供向心力,特别注意在地球上随地球一起自转的物体,不是万有引力提供向心力,难度适中.
7.2012年7月,一个国际研究小组借助于智利的甚大望远镜,观测到了一组双星系统,它们绕两者连线上的某点O做匀速圆周运动,如图所示.此双星系统中体积较小成员能“吸食”另一颗体积较大星体表面物质,达到质量转移的目的,假设在演变的过程中两者球心之间的距离保持不变,则在最初演变的过程中( )
A.它们做圆周运动的万有引力保持不变
B.它们做圆周运动的角速度不断变大
C.体积较大星体圆周运动轨迹半径变大,线速度也变大
D.体积较大星体圆周运动轨迹半径变大,线速度变小
【考点】万有引力定律及其应用.
【分析】双星绕两者连线的一点做匀速圆周运动,由相互之间万有引力提供向心力,根据万有引力定律、牛顿第二定律和向心力进行分析.
【解答】解:
A、设体积较小的星体质量为m1,轨道半径为r1,体积大的星体质量为m2,轨道半径为r2.双星间的距离为L.转移的质量为△m.
则它们之间的万有引力为F=G
,根据数学知识得知,随着△m的增大,F先增大后减小.故A错误.
B、对m1:
G
=(m1+△m)ω2r1①
对m2:
G
=(m2﹣△m)ω2r2②
由①②得:
ω=
,总质量m1+m2不变,两者距离L不变,则角速度ω不变.故B错误.
C、D由②得:
ω2r2=
,ω、L、m1均不变,△m增大,则r2增大,即体积较大星体圆周运动轨迹半径变大.
由v=ωr2得线速度v也增大.故C正确.D错误.
故选C
【点评】本题是双星问题,要抓住双星系统的条件:
角速度与周期相同,运用牛顿第二定律采用隔离法进行研究.
8.美国一家科技公司整了一个“外联网”计划,准备发射数百个小卫星,向全国提供免费WIFI服务.若这些小卫星运行时都绕地心做匀速圆周运动,则下列说法正确的是( )
A.小卫星的质量越大,所需要的发射速度越大
B.小卫星的轨道越高,所需要的发射速度越大
C.小卫星运行时的轨道半径越大,周期越大
D.小卫星在轨道上做匀速圆周运动时,受到的万有引力不变,向心加速度不变
【考点】万有引力定律及其应用.
【分析】轨道越高,克服引力做功越多,则发射越困难.根据万有引力提供向心力得出周期与轨道半径的关系,从而判断周期随轨道半径的变化.匀速圆周运动时,向心加速度的大小不变,方向始终指向圆心.
【解答】解:
A、发生的速度大小与小卫星的质量无关,故A错误.
B、小卫星的轨道越高,发射时克服引力做功越多,则发射的速度越大,故B正确.
C、根据
知,周期T=
,小卫星的轨道半径越大,周期越大,故C正确.
D、小卫星在轨道上做匀速圆周运动时,受到的万有引力大小不变,向心加速度的大小不变,方向时刻改变,故D错误.
故选:
BC.
【点评】解决本题的关键知道小卫星做圆周运动向心力的来源,知道周期与轨道半径的关系,基础题.
9.如图所示,一条小船位于200m宽的河正中A点处,从这里向下游100
m处有一危险区,当时水流速度为4m/s,为了使小船避开危险区沿直线到达对岸,小船在静水中的速度至少是( )
A.
m/sB.
m/sC.2m/sD.4m/s
【考点】运动的合成和分解.
【分析】小船离河岸100m处,要使能安全到达河岸,则小船的合运动最大位移为
.因此由水流速度与小船的合速度,借助于平行四边形定则,即可求出小船在静水中最小速度.
【解答】解:
要使小船避开危险区沿直线到达对岸,则有合运动的最大位移为
.
因此已知小船能安全到达河岸的合速度,设此速度与水流速度的夹角为θ,
即有tanθ=
所以θ=30°
又已知流水速度,则可得小船在静水中最小速度为:
v船=v水sinθ=
×4m/s=2m/s
故选:
C
【点评】一个速度要分解,已知一个分速度的大小与方向,还已知另一个分速度的大小且最小,则求这个分速度的方向与大小值.这种题型运用平行四边形定则,由几何关系来确定最小值.
10.如图所示,甲、乙两水平圆盘紧靠在一起,甲圆盘为主动轮,乙靠摩擦随甲无打滑转动.甲圆盘与乙圆盘的半径之比为r甲:
r乙=2:
1,两圆盘和小物体m1、m2之间的动摩擦因数相同,m1距O点为2r,m2距O′点为r,当甲缓慢转动起来且转速慢慢增加时( )
A.与圆盘相对滑动前m1与m2的角速度之比ω1:
ω2=2:
1
B.与圆盘相对滑动前m1与m2的向心加速度之比a1:
a2=1:
2
C.随转速慢慢增加,m1先开始滑动
D.随转速慢慢增加,m2先开始滑动
【考点】向心力;线速度、角速度和周期、转速.
【分析】抓住两圆盘边缘的线速度大小相等,结合圆盘的半径关系得出两圆盘的角速度之比,从而根据向心加速度公式求出向心加速度之比.抓住最大静摩擦提供向心力求出发生滑动时的临界角速度,结合甲乙的角速度进行分析判断.
【解答】解:
A、甲、乙两轮子边缘上的各点线速度大小相等,有:
ω12r=ω2r,则得ω1:
ω2=1:
2,所以物块相对盘开始滑动前,m1与m2的角速度之比为1:
2.故A错误.
B、物块相对盘开始滑动前,根据a=ω2r得:
m1与m2的向心加速度之比为a1:
a2=ω122r:
ω22r=1:
2,故B正确.
C、D、根据μmg=mrω2知,物体转动的临界角速度
,可知甲乙的临界角速度之比为1:
;由于甲乙的线速度相等,而两物体的角速度之比为ω1:
ω2=1:
2,可知当转速增加时,m2先达到临界角速度,所以m2先开始滑动.故D正确,C错误.
故选:
BD.
【点评】解决本题的关键是要知道靠摩擦传动轮子边缘上的各点线速度大小相等,掌握向心加速度和角速度的关系公式和离心运动的条件.
11.一杂技演员骑摩托车沿一竖直圆形轨道做特技表演,如图所示.A、C两点分别是轨道的最低点和最高点,B、D分别为两侧间的端点,若运动中的速率保持不变,人
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