精选高三数学《函数》教案文档.docx

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高三数学《函数》教案

　　【小编寄语】查字典数学网小编给大家整理了高三数学《函数》教案，希望能给大家带来帮助!

2.12函数的综合问题

●知识梳理

函数的综合应用主要体现在以下几方面：

1.函数内容本身的相互综合，如函数概念、性质、图象等方面知识的综合.

2.函数与其他数学知识点的综合，如方程、不等式、数列、解析几何等方面的内容与函数的综合.这是高考主要考查的内容.

3.函数与实际应用问题的综合.

●点击双基

1.已知函数f（x）=lg（2x-b）（b为常数），若x∈[1，+∞）时，f（x）≥0恒成立，则

A.b≤1B.b<1C.b≥1D.b=1

解析：

当x∈[1，+∞）时，f（x）≥0，从而2x-b≥1，即b≤2x-1.而x∈[1，+∞）时，2x-1单调增加，

∴b≤2-1=1.

答案：

A

2.若f（x）是R上的减函数，且f（x）的图象经过点A（0，3）和B（3，-1），则不等式|f（x+1）-1|<2的解集是___________________.

解析：

由|f（x+1）-1|<2得-2

又f（x）是R上的减函数，且f（x）的图象过点A（0，3），B（3，-1），

∴f（3）

∴0

答案：

（-1，2）

●典例剖析

【例1】取第一象限内的点P1（x1，y1），P2（x2，y2），使1，x1，x2，2依次成等差数列，1，y1，y2，2依次成等比数列，则点P1、P2与射线l:

y=x（x>0）的关系为

A.点P1、P2都在l的上方B.点P1、P2都在l上

C.点P1在l的下方，P2在l的上方D.点P1、P2都在l的下方

剖析：

x1=+1=，x2=1+=，y1=1×=，y2=，∵y1

∴P1、P2都在l的下方.

答案：

D

【例2】已知f（x）是R上的偶函数，且f

（2）=0，g（x）是R上的奇函数，且对于x∈R，都有g（x）=f（x-1），求f（2019）的值.

解：

由g（x）=f（x-1），x∈R，得f（x）=g（x+1）.又f（-x）=f（x），g（-x）=-g（x），

故有f（x）=f（-x）=g（-x+1）=-g（x-1）=-f（x-2）=-f（2-x）=-g（3-x）=

g（x-3）=f（x-4），也即f（x+4）=f（x），x∈R.

∴f（x）为周期函数，其周期T=4.

∴f（2019）=f（4×500+2）=f

（2）=0.

评述：

应灵活掌握和运用函数的奇偶性、周期性等性质.

【例3】函数f（x）=（m>0），x1、x2∈R，当x1+x2=1时，f（x1）+f（x2）=.

（1）求m的值;

（2）数列{an}，已知an=f（0）+f（）+f（）+…+f（）+f

（1），求an.

解：

（1）由f（x1）+f（x2）=，得+=，

∴4+4+2m=[4+m（4+4）+m2].

∵x1+x2=1，∴（2-m）（4+4）=（m-2）2.

∴4+4=2-m或2-m=0.

∵4+4≥2=2=4，

而m>0时2-m<2，∴4+4≠2-m.

∴m=2.

（2）∵an=f（0）+f（）+f（）+…+f（）+f

（1），∴an=f

（1）+f（）+f（）+…+f（）+f（0）.

∴2an=[f（0）+f

（1）]+[f（）+f（）]+…+[f

（1）+f（0）]=++…+=.

∴an=.

深化拓展

用函数的思想处理方程、不等式、数列等问题是一重要的思想方法.

【例4】函数f（x）的定义域为R，且对任意x、y∈R，有f（x+y）=f（x）+f（y），且当x>0时，f（x）<0，f

（1）=-2.

（1）证明f（x）是奇函数;

（2）证明f（x）在R上是减函数;

（3）求f（x）在区间[-3，3]上的最大值和最小值.

（1）证明：

由f（x+y）=f（x）+f（y），得f[x+（-x）]=f（x）+f（-x），∴f（x）+f（-x）=f（0）.又f（0+0）=f（0）+f（0），∴f（0）=0.从而有f（x）+f（-x）=0.

∴f（-x）=-f（x）.∴f（x）是奇函数.

（2）证明：

任取x1、x2∈R，且x10.∴f（x2-x1）<0.

∴-f（x2-x1）>0，即f（x1）>f（x2），从而f（x）在R上是减函数.

（3）解：

由于f（x）在R上是减函数，故f（x）在[-3，3]上的最大值是f（-3），最小值是f（3）.由f

（1）=-2，得f（3）=f（1+2）=f

（1）+f

（2）=f

（1）+f（1+1）=f

（1）+f

（1）+f

（1）=3f

（1）=3×（-2）=-6，f（-3）=-f（3）=6.从而最大值是6，最小值是-6.

深化拓展

对于任意实数x、y，定义运算x*y=ax+by+cxy，其中a、b、c是常数，等式右边的运算是通常的加法和乘法运算.现已知1*2=3，2*3=4，并且有一个非零实数m，使得对于任意实数x，都有x*m=x，试求m的值.

提示：

由1*2=3，2*3=4，得

∴b=2+2c，a=-1-6c.

又由x*m=ax+bm+cmx=x对于任意实数x恒成立，

∴∴b=0=2+2c.

∴c=-1.∴（-1-6c）+cm=1.

∴-1+6-m=1.∴m=4.

答案：

4.

●闯关训练

夯实基础

1.已知y=f（x）在定义域[1，3]上为单调减函数，值域为[4，7]，若它存在反函数，则反函数在其定义域上

A.单调递减且最大值为7B.单调递增且最大值为7

C.单调递减且最大值为3D.单调递增且最大值为3

解析：

互为反函数的两个函数在各自定义区间上有相同的增减性，f-1（x）的值域是[1，3].

答案：

C

2.关于x的方程|x2-4x+3|-a=0有三个不相等的实数根，则实数a的值是___________________.

解析：

作函数y=|x2-4x+3|的图象，如下图.

由图象知直线y=1与y=|x2-4x+3|的图象有三个交点，即方程|x2-4x+3|=1也就是方程|x2-4x+3|-1=0有三个不相等的实数根，因此a=1.

答案：

1

3.若存在常数p>0，使得函数f（x）满足f（px）=f（px-）（x∈R），则f（x）的一个正周期为__________.

解析：

由f（px）=f（px-），

令px=u，f（u）=f（u-）=f[（u+）-]，∴T=或的整数倍.

答案：

（或的整数倍）

4.已知关于x的方程sin2x-2sinx-a=0有实数解，求a的取值范围.

解：

a=sin2x-2sinx=（sinx-1）2-1.

∵-1≤sinx≤1，∴0≤（sinx-1）2≤4.

∴a的范围是[-1，3].

5.记函数f（x）=的定义域为A，g（x）=lg[（x-a-1）（2a-x）]（a<1）的定义域为B.

（1）求A;

（2）若BA，求实数a的取值范围.

解：

（1）由2-≥0，得≥0，

∴x<-1或x≥1，即A=（-∞，-1）∪[1，+∞）.

（2）由（x-a-1）（2a-x）>0，得（x-a-1）（x-2a）<0.

∵a<1，∴a+1>2a.∴B=（2a，a+1）.

∵BA，∴2a≥1或a+1≤-1，即a≥或a≤-2.

而a<1，∴≤a<1或a≤-2.

故当BA时，实数a的取值范围是（-∞，-2]∪[，1）.

培养能力

6.（理）已知二次函数f（x）=x2+bx+c（b≥0，c∈R）.

若f（x）的定义域为[-1，0]时，值域也是[-1，0]，符合上述条件的函数f（x）是否存在?

若存在，求出f（x）的表达式;若不存在，请说明理由.

解：

设符合条件的f（x）存在，

∵函数图象的对称轴是x=-，

又b≥0，∴-≤0.

①当-<-≤0，即0≤b<1时，

函数x=-有最小值-1，则

或（舍去）.

②当-1<-≤-，即1≤b<2时，则

（舍去）或（舍去）.

③当-≤-1，即b≥2时，函数在[-1，0]上单调递增，则解得

综上所述，符合条件的函数有两个，

f（x）=x2-1或f（x）=x2+2x.

（文）已知二次函数f（x）=x2+（b+1）x+c（b≥0，c∈R）.

若f（x）的定义域为[-1，0]时，值域也是[-1，0]，符合上述条件的函数f（x）是否存在?

若存在，求出f（x）的表达式;若不存在，请说明理由.

解：

∵函数图象的对称轴是

x=-，又b≥0，∴-≤-.

设符合条件的f（x）存在，

①当-≤-1时，即b≥1时，函数f（x）在[-1，0]上单调递增，则

②当-1<-≤-，即0≤b<1时，则

（舍去）.

综上所述，符合条件的函数为f（x）=x2+2x.

7.已知函数f（x）=x+的定义域为（0，+∞），且f

（2）=2+.设点P是函数图象上的任意一点，过点P分别作直线y=x和y轴的垂线，垂足分别为M、N.

（1）求a的值.

（2）问：

|PM|•|PN|是否为定值?

若是，则求出该定值;若不是，请说明理由.

（3）设O为坐标原点，求四边形OMPN面积的最小值.

解：

（1）∵f

（2）=2+=2+，∴a=.

（2）设点P的坐标为（x0，y0），则有y0=x0+，x0>0，由点到直线的距离公式可知，|PM|==，|PN|=x0，∴有|PM|•|PN|=1，即|PM|•|PN|为定值，这个值为1.

（3）由题意可设M（t，t），可知N（0，y0）.

∵PM与直线y=x垂直，∴kPM•1=-1，即=-1.解得t=（x0+y0）.

又y0=x0+，∴t=x0+.

∴S△OPM=+，S△OPN=x02+.

∴S四边形OMPN=S△OPM+S△OPN=（x02+）+≥1+.

当且仅当x0=1时，等号成立.

此时四边形OMPN的面积有最小值1+.

探究创新

8.有一块边长为4的正方形钢板，现对其进行切割、焊接成一个长方体形无盖容器（切、焊损耗忽略不计）.有人应用数学知识作了如下设计：

如图（a），在钢板的四个角处各切去一个小正方形，剩余部分围成一个长方体，该长方体的高为小正方形边长，如图（b）.

（1）请你求出这种切割、焊接而成的长方体的最大容积V1;

（2）由于上述设计存在缺陷（材料有所浪费），请你重新设计切、焊方法，使材料浪费减少，而且所得长方体容器的容积V2>V1.

解：

（1）设切去正方形边长为x，则焊接成的长方体的底面边长为4-2x，高为x，

∴V1=（4-2x）2•x=4（x3-4x2+4x）（0

∴V1′=4（3x2-8x+4）.

令V1′=0，得x1=，x2=2（舍去）.

而V1′=12（x-）（x-2），

又当x<时，V1′>0;当

∴当x=时，V1取最大值.

（2）重新设计方案如下：

如图①，在正方形的两个角处各切下一个边长为1的小正方形;如图②，将切下的小正方形焊在未切口的正方形一边的中间;如图③，将图②焊成长方体容器.

新焊长方体容器底面是一长方形，长为3，宽为2，此长方体容积V2=3×2×1=6，显然V2>V1.

故第二种方案符合要求.

●思悟小结

1.函数知识可深可浅，复习时应掌握好分寸，如二次函数问题应高度重视，其他如分类讨论、探索性问题属热点内容，应适当加强.

2.数形结合思想贯穿于函数研究的各个领域的全部过程中，掌握了这一点，将会体会到函数问题既千姿百态，又有章可循.

●教师下载中心

教学点睛

数形结合和数形转化是解决本章问题的重要思想方法，应要求学生熟练掌握用函数的图象及方程的曲线去处理函数、方程、不等式等问题.

拓展题例

【例1】设f（x）是定义在[-1，1]上的奇函数，且对任意a、b∈[-1，1]，当a+b≠0时，都有>0.

（1）若a>b，比较f（a）与f（b）的大小;

（2）解不等式f（x-）

（3）记P={x|y=f（x-c）}，Q={x|y=f（x-c2）}，且P∩Q=，求c的取值范围.

解：

设-1≤x1

∴>0.

∵x1-x2<0，∴f（x1）+f（-x2）<0.

∴f（x1）<-f（-x2）.

又f（x）是奇函数，∴f（-x2）=-f（x2）.

∴f（x1）

∴f（x）是增函数.

（1）∵a>b，∴f（a）>f（b）.

（2）由f（x-）

∴-≤x≤.

∴不等式的解集为{x|-≤x≤}.

（3）由-1≤x-c≤1，得-1+c≤x≤1+c，

∴P={x|-1+c≤x≤1+c}.

由-1≤x-c2≤1，得-1+c2≤x≤1+c2，

∴Q={x|-1+c2≤x≤1+c2}.

∵P∩Q=，

∴1+c<-1+c2或-1+c>1+c2，

解得c>2或c<-1.

【例2】已知函数f（x）的图象与函数h（x）=x++2的图象关于点A（0，1）对称.

（1）求f（x）的解析式;

（2）（文）若g（x）=f（x）•x+ax，且g（x）在区间（0，2]上为减函数，求实数a的取值范围.

（理）若g（x）=f（x）+，且g（x）在区间（0，2]上为减函数，求实数a的取值范围.

解：

（1）设f（x）图象上任一点坐标为（x，y），点（x，y）关于点A（0，1）的对称点（-x，2-y）在h（x）的图象上.

∴2-y=-x++2.

∴y=x+，即f（x）=x+.

（2）（文）g（x）=（x+）•x+ax，

即g（x）=x2+ax+1.

g（x）在（0，2]上递减-≥2，

∴a≤-4.

（理）g（x）=x+.

∵g′（x）=1-，g（x）在（0，2]上递减，

∴1-≤0在x∈（0，2]时恒成立，

即a≥x2-1在x∈（0，2]时恒成立.

∵x∈（0，2]时，（x2-1）max=3，

∴a≥3.

【例3】在4月份（共30天），有一新款服装投放某专卖店销售，日销售量（单位：

件）f（n）关于时间n（1≤n≤30，n∈N*）的函数关系如下图所示，其中函数f（n）图象中的点位于斜率为5和-3的两条直线上，两直线的交点的横坐标为m，且第m天日销售量最大.

（1）求f（n）的表达式，及前m天的销售总数;

（2）按规律，当该专卖店销售总数超过400件时，社会上流行该服装，而日销售量连续下降并低于30件时，该服装的流行会消失.试问该服装在社会上流行的天数是否会超过10天?

并说明理由.

解：

（1）由图形知，当1≤n≤m且n∈N*时，f（n）=5n-3.

由f（m）=57，得m=12.

∴f（n）=

前12天的销售总量为

5（1+2+3+…+12）-3×12=354件.

（2）第13天的销售量为f（13）=-3×13+93=54件，而354+54>400，

∴从第14天开始销售总量超过400件，即开始流行.

设第n天的日销售量开始低于30件（1221.

∴从第22天开始日销售量低于30件，

与当今“教师”一称最接近的“老师”概念，最早也要追溯至宋元时期。

金代元好问《示侄孙伯安》诗云：

“伯安入小学，颖悟非凡貌，属句有夙性，说字惊老师。

”于是看，宋元时期小学教师被称为“老师”有案可稽。

清代称主考官也为“老师”，而一般学堂里的先生则称为“教师”或“教习”。

可见，“教师”一说是比较晚的事了。

如今体会，“教师”的含义比之“老师”一说，具有资历和学识程度上较低一些的差别。

辛亥革命后，教师与其他官员一样依法令任命，故又称“教师”为“教员”。

即流行时间为14号至21号.

“师”之概念，大体是从先秦时期的“师长、师傅、先生”而来。

其中“师傅”更早则意指春秋时国君的老师。

《说文解字》中有注曰：

“师教人以道者之称也”。

“师”之含义，现在泛指从事教育工作或是传授知识技术也或是某方面有特长值得学习者。

“老师”的原意并非由“老”而形容“师”。

“老”在旧语义中也是一种尊称，隐喻年长且学识渊博者。

“老”“师”连用最初见于《史记》，有“荀卿最为老师”之说法。

慢慢“老师”之说也不再有年龄的限制，老少皆可适用。

只是司马迁笔下的“老师”当然不是今日意义上的“教师”，其只是“老”和“师”的复合构词，所表达的含义多指对知识渊博者的一种尊称，虽能从其身上学以“道”，但其不一定是知识的传播者。

今天看来，“教师”的必要条件不光是拥有知识，更重于传播知识。

其实,任何一门学科都离不开死记硬背,关键是记忆有技巧,“死记”之后会“活用”。

不记住那些基础知识,怎么会向高层次进军?

尤其是语文学科涉猎的范围很广,要真正提高学生的写作水平,单靠分析文章的写作技巧是远远不够的,必须从基础知识抓起,每天挤一点时间让学生“死记”名篇佳句、名言警句,以及丰富的词语、新颖的材料等。

这样,就会在有限的时间、空间里给学生的脑海里注入无限的内容。

日积月累,积少成多,从而收到水滴石穿,绳锯木断的功效。

∴该服装流行时间不超过10天.