北京市朝阳高三一模物理Word下载.docx
- 文档编号:22895542
- 上传时间:2023-02-05
- 格式:DOCX
- 页数:15
- 大小:124.66KB
北京市朝阳高三一模物理Word下载.docx
《北京市朝阳高三一模物理Word下载.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《北京市朝阳高三一模物理Word下载.docx(15页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
B.a点的电势高于b点的电势
C.粒子从P运动到a的过程中,电势能增大
D.粒子从P运动到b的过程中,动能增大
19.在“测电源电动势和内阻”的实验中,某同学作出了两个电源路端电压U与电流I的关系图线,如图所示.两个电源的电动势分别为E1、E2,内阻分别为r1、r2.如果外电路分别接入相同的电阻R,则两个电源的( )
A.路端电压和电流不可能同时相等
B.输出功率不可能相等
C.总功率不可能相等
D.效率不可能相等
20.第一宇宙速度又叫做环绕速度,第二宇宙速度又叫做逃逸速度.理论分析表明,逃逸速度是环绕速度的
倍,这个关系对其他天体也是成立的.有些恒星,在核聚变反应的燃料耗尽而“死亡”后,强大的引力把其中的物质紧紧地压在一起,它的质量非常大,半径又非常小,以致于任何物质和辐射进入其中都不能逃逸,甚至光也不能逃逸,这种天体被称为黑洞.已知光在真空中传播的速度为c,太阳的半径为R,太阳的逃逸速度为
.假定太阳能够收缩成半径为r的黑洞,且认为质量不变,则
应大于( )
A.500B.500
C.2.5×
105D.5.0×
105
21.
(1)用“插针法”测定玻璃的折射率,所用的玻璃砖两面平行.正确操作后,作出的光路图及测出的相关角度如图甲所示.
①这块玻璃砖的折射率n= (用图中字母表示).
②如果有几块宽度d不同的玻璃砖可供选择,为了减小误差,应选用宽度d较 (选填“大”或“小”)的玻璃砖来测量.
(2)某同学利用单摆测定当地的重力加速度.
①实验室已经提供的器材有:
铁架台、夹子、秒表、游标卡尺.除此之外,还需要的器材有 .
A.长度约为1m的细线B.长度约为30cm的细线
C.直径约为2cm的钢球D.直径约为2cm的木球
E.最小刻度为1cm的直尺F.最小刻度为1mm的直尺
②该同学在测量单摆的周期时,他用秒表记下了单摆做50次全振动的时间,如图1所示,秒表的读数为 s.
③该同学经测量得到6组摆长L和对应的周期T,画出L﹣T2图线,然后在图线上选取A、B两个点,坐标如图2所示.则当地重力加速度的表达式g= .处理完数据后,该同学发现在计算摆长时用的是摆线长度而未计入小球的半径,这样 (选填“影响”或“不影响”)重力加速度的计算.
④该同学做完实验后,为使重力加速度的测量结果更加准确,他认为:
A.在摆球运动的过程中,必须保证悬点固定
B.摆线偏离平衡位置的角度不能太大
C.用精度更高的游标卡尺测量摆球的直径
D.测量周期时应该从摆球运动到最高点时开始计时
其中合理的有 .
⑤该同学在做完实验后,继续思考测量重力加速度的其它方法.请你展开想像的翅膀,再设计一个方案测量重力加速度.(简要说明需要的器材以及测量方法) .
22.如图所示,空间存在竖直向上的匀强磁场,磁感应强度B=0.50T,两条光滑的平行金属导轨固定在同一水平面内,导轨间距l=0.40m,左端接有阻值R=0.40Ω的电阻.一质量m=0.10kg、阻值r=0.10Ω的金属棒MN放置在导轨上.金属棒在水平向右的拉力F作用下,沿导轨做速度v=2.0m/s的匀速直线运动.求:
(1)通过电阻R的电流I;
(2)拉力F的大小;
(3)撤去拉力F后,电阻R上产生的焦耳热Q.
23.如图甲所示,倾角θ=37°
的粗糙斜面固定在水平面上,斜面足够长.一根轻弹簧一端固定在斜面的底端,另一端与质量m=1.0kg的小滑块(可视为质点)接触,滑块与弹簧不相连,弹簧处于压缩状态.当t=0时释放滑块.在0~0.24s时间内,滑块的加速度a随时间t变化的关系如图乙所示.已知弹簧的劲度系数k=2.0×
102N/m,当t=0.14s时,滑块的速度v1=2.0m/s.g取l0m/s2,sin37°
=0.6,cos37°
=0.8.弹簧弹性势能的表达式为Ep=
kx2(式中k为弹簧的劲度系数,x为弹簧的形变量).求:
(1)斜面对滑块摩擦力的大小f;
(2)t=0.14s时滑块与出发点间的距离d;
(3)在0~0.44s时间内,摩擦力做的功W.
24.研究物理问题的方法是运用现有的知识对问题做深入的学习和研究,找到解决的思路与方法,例如:
模型法、等效法、分析法、图象法.掌握并能运用这些方法在一定程度上比习得物理知识更加重要.
(1)如图甲所示,空间有一水平向右的匀强电场,半径为r的绝缘光滑圆环固定在竖直平面内,O是圆心,AB是竖直方向的直径.一质量为m、电荷量为+q的小球套在圆环上,并静止在P点,且OP与竖直方向的夹角θ=37°
.不计空气阻力.已知重力加速度为g,sin37°
=0.8.
a.求电场强度E的大小;
b.若要使小球从P点出发能做完整的圆周运动,求小球初速度应满足的条件.
(2)如图乙所示,空间有一个范围足够大的匀强磁场,磁感应强度为B,一个质量为m、电荷量为+q的带电小圆环套在一根固定的绝缘竖直细杆上,杆足够长,环与杆的动摩擦因数为μ.现使圆环以初速度v0向上运动,经时间t圆环回到出发位置.不计空气阻力.已知重力加速度为g.求当圆环回到出发位置时速度v的大小.
物理试题答案
13.【解答】A、布朗运动是花粉的无规则运动,反映的是液体分子的热运动,故A错误;
B、温度是分子平均动能的标志,故物体的温度越高,分子的平均动能越大,故B正确;
CD、改变内能的方式有做功和热传递,故单凭其中一个方面,不能判定内能变化,故CD错误;
故选:
B.
14.【解答】一个氢原子从n=2能级跃迁到n=3能级,即从低能级向高能级跃迁,吸收光子,能量增加.
A.
15.【解答】A、由图乙得到周期为0.02s,故频率f=
,故A错误;
B、该交流电电动势的最大值为311V,故有效值E=
=
=220V,故B错误;
C、t=0.01s时,电动势为零,说明线圈位于中性面位置,磁通量最大,故C错误;
D、t=0.01s时,电动势为零,根据法拉第电磁感应定律,说明穿过线框的磁通量的变化率为零,故D正确;
D.
16.【解答】相遇时,两球下落的高度相同,根据t=
知,两球运动的时间相等,则两球必须同时抛出.与质量无关.故C正确,A、B、D错误.
C.
17.【解答】没有推力时,物块静止不动,受力平衡,物体受重力、支持力和静摩擦力,设斜面的倾角为θ,
在垂直斜面方向上,斜面对物块的支持力N=mgcosθ,
在沿着斜面方向有:
f=mgsinθ
推力F作用后,根据平衡条件得:
在垂直斜面方向上,N′=mgcosθ+Fsinθ,则斜面对物块的支持力一定变大,
在沿着斜面方向有f′=mgsinθ﹣Fcosθ,当mgsinθ>Fcosθ时,摩擦力变小,当mgsinθ<Fcosθ时,摩擦力方向变化,若Fcosθ>2mgsinθ则静摩擦力反向增大,故B正确,ACD错误.
B
18.【解答】A、根据轨迹的弯曲方向可知,a粒子受到中心电荷的斥力,而b粒子受到中心电荷的斥力,说明a与中心电荷电性相同,b与中心电荷的电性相反,则两粒子的电性相反.故A错误.
B、由于中心电荷的电性无法判断,电场线方向无法判定,则不能比较a、b的电势高低.故B错误.
C、电场力对两粒子均做正功,则两个粒子的电势能均减小.故C错误.
D、b与中心电荷的电性相反,粒子从P运动到b的过程中,电场力做正功,动能增大,故D正确.
19.【解答】由闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir,得
当I=0,U=E,U﹣I图线与U轴的交点表示断路,U=E,
图线斜率大小表示r
则可判断出E1>E2,r1>r2
A、作出R的U﹣I图象,斜率表示电阻,如果其通过题目图中的两条线的交点,则U1=U2且I1=I2;
此时输出功率P=UI,则输出功率相等;
故AB错误;
C、电源消耗的总功率P=EI,要满足P1=P2,由于E1>E2,必须满足I1<I2,如图所示:
故对于图中所示的情况,可能有P1=P2;
故C错误;
D、电源的效率η=
×
100%=
100%;
由图可知,电源1的内电阻较大,则电源1的效率较低,它们不可能相等;
故D正确;
20.【解答】第一宇宙速度为v1=
,
由题目所提供的信息可知,任何天体均存在其所对应的逃逸速度v2=
太阳的半径为R,太阳的逃逸速度为
假定太阳能够收缩成半径为r的黑洞,且认为质量不变,v2=
>c,
解得:
>2.5×
105,
C.
21.【解答】
(1)①根据折射定律得,玻璃砖的折射率为:
n=
.
②选择宽度较大一点的玻璃砖进行测量,测量的误差较小.
故答案为:
①
;
②大
(2)①由单摆周期公式T=2π
可得,g=
L,实验需要测量摆长,摆长等于摆线的长度加上摆球的半径,所以需要毫米刻度尺,实验需要测量周期,则需要秒表,摆线的长度大约1m左右.为减小空气阻力的影响,摆球需要密度较大的摆球,因此摆球应选C,故选用的器材为A、C、F
②秒表表示读数:
内圈读数:
60s,外圈读数35.1s,总读数为:
t=60s+35.1s=95.1s;
③由T=2π
可得:
L=
T2,则L﹣T2图象的斜率等于
,由数学知识得:
g=
根据数学知识,在计算摆长时用的是摆线长度而未计入小球的半径,这样不影响重力加速度的计算.
④由T=2π
l,则当代入的L偏小,会使测量值偏小,B符合;
秒表提前按下T值偏大会使计算的g值偏小,C符合;
,D使得T值偏小
g测量值偏大,则D错误,A不是单摆运动,错误
故选:
BC根据实验注意事项与实验原理分析,AB正确,CD错误
⑤【方案一】
需要的器材有:
质量已知的钩码、测力计.
测量方法:
已知钩码的质量m,再用测力计测出其重力G,则可求出重力加速度
【方案二】
铁架台、打点计时器及相应的电源、导线、纸带、刻度尺、重锤.
让重锤拖着纸带做自由落体运动,通过打点计时器在纸带上记录的信息可求得重力加速度.
(1)ACF②95.1③
不影响④AB
让重锤拖着纸带做自由落体运动,通过打点计时器在纸带上记录的信息可求得重力加速度.
22.【解答】
(1)MN棒产生的感应电动势E=Blv=0.5×
0.4×
2V=0.40V
通过电阻R的电流I=
A=0.8A
(2)金属棒受到的安培力FA=BIl=0.5×
0.8×
0.4N=0.16N
根据牛顿第二定律有F﹣FA=0
所以拉力F=0.16N
(3)撤去拉力F后,金属棒做减速运动并最终静止,金属棒的动能全部转化为回路中的焦耳热.
在这段过程中,根据能量守恒定律有Q总=
mv2=
J=0.2J
所以Q=
0.2J=0.16J
答:
(1)通过电阻R的电流I为0.8A;
(2)拉力F的大小为0.16N;
(3)撤去拉力F后,电阻R上产生的焦耳热Q为0.16J.
23.【解答】
(1)当t1=0.14s时,滑块与弹簧开始分离,此后滑块受重力、斜面的支持力和摩擦力,滑块开始做匀减速直线运动.
由题中的图乙可知,在这段过程中滑块加速度的大小为:
a1=10m/s2.
根据牛顿第二定律有:
mgsinθ+f=ma1
代入数据解得:
f=4.0N
(2)当t1=0.14s时弹簧恰好恢复原长,所以此时滑块与出发点间的距离d等于t0=0时弹簧的形变量x,所以在0~0.14s时间内弹簧弹力做的功为:
W弹=Ep初﹣Ep末=
在这段过程中,根据动能定理有:
W弹﹣mgdsinθ﹣fd=
mv12﹣0
d=0.20m
(3)设从t1=0.14s时开始,经时间△t1滑块的速度减为零,则有:
△t1=
=0.20s
这段时间内滑块运动的距离为:
x1=
=0.20m
此时t2=0.14s+△t1=0.34s,此后滑块将反向做匀加速直线运动,根据牛顿第二定律可求得此时加速度的大小为:
a2=
=2.0m/s2
在0.34s~0.44s(△t2=0.1s)时间内,滑块反向运动的距离为:
x2=
△t22
x2=0.01m.
所以在0~0.44s时间内,摩擦力f做的功为:
W=﹣f(d+x1+x2)
W=﹣1.64J.
(1)斜面对滑块摩擦力的大小f为4.0N;
(2)t=0.14s时滑块与出发点间的距离d为0.20m;
(3)在0~0.44s时间内,摩擦力做的功W为﹣1.64J.
24.【解答】
(1)a.当小球静止在P点时,则有
所以E=
b.当小球做圆周运动时,可以等效为在一个“重力加速度”为
g的“重力场”中运动.若要使小球能做完整的圆周运动,则小球必须能通过图中的Q点.设当小球从P点出发的速度为vmin时,小球到达Q点时速度为零.在小球从P运动到Q的过程中,根据动能定理有﹣
mg•2r=0﹣
mv
所以vmin=
即小球的初速度应大于
(2)在圆环运动的过程中,圆环受向下的重力mg、水平方向的洛伦兹力qvB、细杆的弹力N和摩擦力f,其中f一直与运动方向相反,且摩擦力的大小f=μN=μqvB.
圆环向上运动的过程中做减速运动,加速度a=
则可右加速度越来越小;
圆环向下运动的过程中做加速运动,加速度a=
,同样越来越小.
圆环从开始向上运动到回到出发位置的过程中,其速度v随时间t的变化关系如图甲所示(取竖直向上为正方向),图中图线与t轴所围面积表示圆环在对应时间内通过的路程,而圆环向上运动和向下运动所经位移大小相同,所以图中区域A与区域B面积相等.
在运动过程中,圆环所受摩擦力f=μqvB,与v成正比,所以其所受摩擦力f随时间t的变化关系应与图甲相似,但方向相反,如图乙所示,图中区域A′与区域B′的面积也相等.而在f﹣t图中,图线与t轴所围面积表示对应时间内阻力f的冲量,所以整个过程中f的总冲量If=0.
在整个过程中,根据动量定理有If﹣mgt=﹣mv﹣mv0
所以v=gt﹣v0
(1)a.电场强度E的大小为
b.小球初速度应满足的条件小球的初速度应大于
(2)当圆环回到出发位置时速度v的大小为gt﹣v0.
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 北京市 朝阳 高三一模 物理
![提示](https://static.bdocx.com/images/bang_tan.gif)