遗传因子的发现综合检测Word格式文档下载.docx
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4.白绵羊与白绵羊交配后,后代出现了白绵羊和黑绵羊,产生这种现象的根本原因是( )
A.性状分离B.显、隐性遗传因子分离
C.同种遗传因子分离D.姐妹染色单体分离
[答案] B
[解析] 白绵羊与白绵羊交配,后代出现黑绵羊和白绵羊,是性状分离,其实质则是等位基因的分离。
5.图中曲线中能正确表示杂合子(Aa)连续自交若干代,子代中显性纯合子所占比例的是( )
[解析] 自交n代,其显性纯合子所占的比例应为
-
6.控制蛇皮颜色的基因遵循分离定律,现进行下列杂交实验
根据上述杂交实验,下列结论中不正确的是( )
A.所有黑斑蛇的亲本至少有一方是黑斑蛇
B.黄斑是隐性性状
C.甲实验中,F1黑斑蛇基因型与亲本黑斑蛇基因型相同
D.乙实验中,F1黑斑蛇基因型与亲本黑斑蛇基因型相同
[解析] 据遗传图解,乙实验中,F1黑斑蛇基因型应为纯合或杂合基因型,而其亲本黑斑基因型应为杂合基因型一种类型。
7.向日葵种子粒大(B)对粒小(b)是显性,含油少(S)对含油多(s)是显性。
某人用粒大油少和粒大油多的向日葵进行杂交,结果如图所示,则这些杂交后代的基因型有( )
A.4种 B.6种 C.8种 D.9种
[解析] 根据题意和图示可知粒大油少和粒大油多的基因型分别为BbSs和Bbss,故杂交后代的基因型为3×
2=6种。
8.水稻的非糯性对糯性是显性,将纯合糯性品种与纯合非糯性品种杂交,取F1的花粉用碘液染色,凡非糯性花粉呈蓝黑色,糯性花粉呈橙红色。
在显微镜下统计这两种花粉的颗粒,非糯性与糯性的比例为( )
A.1:
1B.1:
2
C.2:
1D.1:
3
[解析] 纯合糯性品种与纯合非糯性品种杂交F1的基因型为杂合,根据分离定律F1减数分裂产生的配子有两种类型,分别为呈蓝黑色的非糯性花粉和呈橙红色的糯性花粉,其比例为1:
1。
9.已知小麦抗病对感病为显性,无芒对有芒为显性,两对性状独立遗传。
用纯合的抗病无芒与感病有芒杂交,F1自交,播种所有的F2,假定所有F2植株都能成活,在F2植株开花前,拔掉所有的有芒植株,并对剩余植株套袋。
假定剩余的每株F2收获的种子数量相等,且F3的表现型符合遗传定律。
从理论上讲F3中表现感病植株的比例为( )
A.1/8 B.3/8
C.1/16 D.3/16
[解析] 本题考查遗传的基本定律。
根据分离定律,F2表现类型为:
抗病无芒:
抗病有芒:
感病无芒:
感病有芒=9:
3:
1,若F2中开花前,把有芒品种拔掉,只有无芒品种,而无芒品种中抗病和感病自交其F3中感病植株比例为
+
10.假如水稻高秆(D)对矮秆(d)为显性,抗稻瘟病(R)对易感稻瘟病(r)为显性,两对性状独立遗传,用一个纯合易感病的矮秆品种(抗倒伏)与一个纯合抗病高秆品种(易倒伏)杂交,F2代中出现既抗病又抗倒伏类型的基因型及其比例为( )
A.ddRR,1/8
B.ddRr,1/16
C.ddRR,1/16和ddRr,1/8
D.DDrr,1/16和DdRR,1/8
[解析] 根据题意写出亲本的基因型为ddrr(易感病的矮秆品种)和DDRR(抗病的高秆品种),按照基因的自由组合定律,可知F1的基因型为DdRr。
F2代出现四种表现型,易倒伏抗病:
易倒伏不抗病:
抗倒伏抗病:
抗倒伏不抗病=9:
1,符合题意的抗倒伏抗病品种在F2代中占3/16,其中纯合体的抗倒伏抗病品种ddRR为1/16,杂合体抗倒伏抗病品种ddRr为2/16。
11.基因型为AabbDD的个体自交后,其后代表现型的比例接近于( )
A.9:
1B.3:
1:
1
C.1:
2:
1D.3:
[解析] 纯合子自交后代仍为纯合子,含有一对相对性状的杂合子自交后代性状分离比为3:
12.下图是某种遗传病的系谱图。
3号和4号为正常的异卵孪生兄弟,兄弟俩基因型均为AA和概率是( )
A.0
B.1/9
C.1/3
D.1/16
[解析] 由1号和2号生出5号(女)患病,可以推知该遗传病为常染色体隐性遗传病,1号和2号均为杂合子(Aa)。
由于3号和4号为异卵双生,且均正常,所以他们的产生是相对独立的,且基因型均可能是(1/3AA或2/3Aa),按乘法原理,可以知道兄弟俩基因型均为AA的概率是1/3×
1/3=1/9。
13.已知A与a、B与b、C与c3对等位基因自由组合,基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。
下列关于杂交后的推测,正确的是( )
A.表现型有8种,AaBbCc个体的比例为1/16
B.表现型有4种,aaBbcc个体的比例为1/16
C.表现型有8种,Aabbcc个体的比例为1/8
D.表现型有8种,aaBbCc个体的比例为1/16
[解析] 3对基因按自由组合定律遗传,其中每对基因的遗传仍遵循分离定律,故Aa×
Aa后代表现型有2种,其中aa出现的几率为1/4;
Bb×
bb后代表现型有2种,其中Bb出现的几率为1/2;
Cc×
Cc后代表现型有2种,其中Cc出现的几率为1/2,所以AaBbCc×
AabbCc后代表现型有2×
2×
2=8(种),aaBbCc个体的比例为1/4×
1/2×
1/2=1/16。
14.金鱼草的花色由一对等位基因控制。
粉红色的金鱼草自交产生的182株后代中,有红色44株,粉红色91株,白色47株。
若红色与粉红色的金鱼草杂交,则后代中粉红色金鱼草的比例最有可能是( )
A.33%B.50%
C.67%D.100%
[解析] 从题意看,金鱼草的花色为不完全显性,设AA为红色,Aa为粉红色,aa为白色。
AA×
Aa→1/2AA、1/2Aa,故后代中粉红色的比例为50%。
15.玉米的紫粒和黄粒是一对相对性状。
同一品系X的黄粒玉米,若自花传粉,后代全部是黄粒玉米;
若接受另一品系Y粒玉米的花粉,后代既有黄粒的也有紫粒的。
由此推测可知( )
A.紫色是显性性状B.黄色是显性性状
C.品系X是杂种D.品系Y是纯种
[解析] 同一品系X的黄粒玉米自花传粉,后代全部是黄粒玉米,说明品系X的黄粒玉米是纯种。
接受另一品系Y紫粒玉米的花粉,后代既有黄粒的也有紫粒的,性状发生分离,说明品系Y紫粒玉米是杂种,杂种所表现出来的性状是显性性状。
16.某种开花植物细胞中,基因P(p)和基因R(r)分别位于两对同源染色体上,将纯合的紫花植株(基因型为PPrr)与纯合的红花植株(基因型为ppRR)杂交。
F1全开紫花,自交后代F2中紫花:
红花:
白花=12:
1,则F2中表现型为紫花的植株的基因型有( )
A.9种B.12种
C.6种D.4种
[解析] PPrr(紫花)×
ppRR(红花)→PpRr(紫花),说明显性基因P存在时,R基因控制的性状被掩盖。
F1自交后代F2中紫花:
1,对应开紫花的基因型为P-R-和P-rr,故有PPRR、PPRr、PpRR、PpRr、PPrr、Pprr共6种基因型。
17.基因型为Aa的玉米自花传粉,下图中可以表示自交系第n代的个体中纯合子的概率的曲线是( )
A.aB.b
C.cD.d
[解析] 杂合子自交n代,子代中纯合子所占比例为1-1/2n。
18.把圆皮豌豆和皱皮豌豆杂交,F1全是圆皮豌豆,F1自交,F2中皱皮豌豆1851株,则理论上圆皮豌豆有( )
A.481株B.617株
C.1851株D.5553株
[解析] 按照分离规律,理论上圆皮豌豆应为1851×
3=5553。
19.有一批抗锈病(显性性状)小麦种子,要确定这些种子是否纯种,正确且简便的方法是( )
A.与纯种抗锈病小麦进行杂交
B.与纯种易染锈病小麦进行测交
C.与杂种抗锈病小麦进行杂交
D.自交
[解析] 鉴定种子是否纯种的最简便方法是自交。
20.具有两对相对性状的纯合亲本杂交,获得F1。
让F1与双隐性类型进行测交,通过该测交实验不能了解到( )
A.F1的基因型
B.F1产生配子的种类
C.F1相关基因的结构
D.F1产生配子的比例
[解析] 测交不能了解基因结构。
21.有一杂合子(Dd)在进行有丝分裂时,可看到每个染色体由两个染色单体组成。
如果一个染色单体含有D遗传因子,一般情况下另一条染色单体上的遗传因子是( )
A.dB.D或d
C.DD.d和D
[解析] 每条染色体上的两个染色单体基因组成相同。
22.已知豌豆种皮灰色(G)对白色(g)为显性,子叶黄色(Y)对绿色(y)为显性。
如以基因型ggyy的豌豆为母本,与基因型GgYy的豌豆杂交,则母本植株所结子粒的表现型( )
A.全是灰种皮黄子叶
B.灰种皮黄子叶,灰种皮绿子叶,白种皮黄子叶,白种皮绿子叶
C.全是白种皮黄子叶
D.白种皮黄子叶,白种皮绿子叶
23.采用下列哪一套方法,可以依次解决①~④的遗传学问题( )
①鉴定一只白羊是否是纯种 ②在一对相对性状中区分显、隐性 ③不断提高小麦抗病品种纯合度 ④检验杂种F1的基因型
A.杂交、自交、测交、测交
B.测交、杂交、自交、测交
C.测交、测交、杂交、自交
D.杂交、杂交、杂交、测交
[解析] 根据题意B项符合。
24.有两个纯种的小麦:
一个抗倒伏,但易感染锈病;
另一个易倒伏,但能抗锈病。
让它们进行杂交,在F2中可能出现既抗倒伏、又抗锈病的新类型,原因是( )
A.F1雌雄配子之间的自由组合
B.F1产生配子时,非等位基因之间的自由组合
C.F2产生配子时,非等位基因之间的自由组合
D.亲本产生配子时,非等位基因之间的自由组合
[解析] F1产生配子时,非等位基因自由组合。
25.通过诊断可以预测某夫妇的子女患甲种病的概率为a,患乙种病的概率为b。
该夫妇生育的孩子仅患一种病的概率是( )
A.1-a×
b-(1-a)×
(1-b)
B.a+b
C.1-(1-a)×
D.a×
b
[解析] 两病均患的概率为a×
b,两病都不患的概率为(1-a)×
(1-b),所以仅患一种病的概率=1-患两病的概率-两病均不患的概率=1-a×
26.番茄红果对黄果为显性,圆果对长果为显性,且控制这两对性状的基因自由组合,现用红色长果与黄色圆果番茄杂交,从理论上分析,其后代的基因型不可能出现的比例是( )
0B.1:
1
[解析] 根据题意杂交的红色长果与黄色圆果番茄基因型不确定,如果红色与黄色分别用A、a表示,圆果与长果分别用B、b表示,则亲本的基因型可表示为A_bb和aaB_;
如果二者都为纯合体,子代的基因型只有一种,比例为1:
0;
如果二者均为杂合体,则子代有四种基因型比例为1:
1;
如果二者一个是纯合体一个是杂合体,则子代有两种基因型比例为1:
27.白粒玉米自交系与黄粒玉米自交系进行杂交得F1全是黄粒玉米,F1自交所结果穗上同时出现了黄色籽粒和白色籽粒。
对F2出现两种颜色不同的子粒的下列解释中,错误的是( )
A.由于F1是杂合子,其后代发生了性状分离
B.F1能产生两种雄配子和两种雌配子,受精作用后产生三种基因型、两种表现型后代
C.F1黄粒玉米包含有白色玉米的隐性基因,减数分裂时等位基因分离后,受精作用中两隐性基因纯合而出现白色子粒性状,因而出现了两种不同颜色的籽粒
D.玉米的黄色对白色为显性,F1在形成配子时发生了基因重组,因而产生了白色籽粒性状
[解析] F2出现白色籽粒性状是由于F1减数分裂时,等位基因分离后,受精作用中两隐性基因纯合而出现白色籽粒性状。
28.下列关于孟德尔两对相对性状遗传实验的叙述中,错误的是( )
A.F2中圆粒和皱粒之比接近于3:
1,符合基因的分
离定律
B.两对相对性状分别由两对遗传因子控制
C.F1产生4种比例相等的雌配子和雄配子
D.F2有4种表现型和6种基因型
[解析] 孟德尔对F2中不同对性状之间发生自由组合的解释是:
两对相对性状分别由两对遗传因子控制,控制两对相对性状的两对遗传因子的分离和组合是互不干扰的,其中每一对遗传因子的传递都遵循分离定律。
这样,F1产生雌雄配子各4种,数量比接近1:
1,配子随机结合,则F2中有9种基因型和4种表现型。
29.位于常染色体上的A、B、C三个基因分别对a、b、c完全显性。
用隐性性状个体与显性纯合个体杂交得F1,F1测交结果为aabbcc:
AaBbCc:
aaBbcc:
AabbCc=1:
1,则下列正确表示F1基因型的是( )
[解析] 隐性性状的亲本通过配子传递给子代的基因为abc,将测交后代个体中的abc三个基因去掉,就得到F1所产生的配子的基因组成及其比例:
abc:
ABC:
aBc:
AbC=1:
1,则说明AC、ac分别位于一对同源染色体上,B、b位于另外一对同源染色体上,故选项B正确。
30.已知A、B、C基因分别位于三对不同的同源染色体上,若有一对夫妇的基因型为(♀)AaBBCc×
aaBbCc(♂),则其子女中有基因型(aaBBCC)和女儿中出现(a、B、C)的表现型后代占F1的比例为( )
A.1/8、3/8B.1/8、3/16
C.1/16、3/8D.1/16、3/16
第Ⅱ卷(非选择题 共55分)
二、非选择题(共55分)
31.(9分)(2013·
全国大纲)已知玉米籽粒黄色(A)对白色(a)为显性,非糯(B)对糯(b)为显性,这两对性状自由组合。
请选用适宜的纯合亲本进行一个杂交实验来验证:
①籽粒的黄色与白色的遗传符合分离定律;
②籽粒的非糯与糯的遗传符合分离定律;
③以上两对性状的遗传符合自由组合定律。
要求:
写出遗传图解,并加以说明。
[答案]
①若黄粒(A_)︰白粒(aa)=3:
1,则验证该性状的遗传符合分离定律;
②若非糯粒(B_)︰糯粒(bb)=3:
③若黄非糯粒︰黄糯粒︰白非糯粒︰白糯粒=9:
1,即:
A_B_:
A_bb:
aaB_:
aabb=9:
1,则验证这两对性状的遗传符合自由组合定律。
[解析] 本题考查遗传规律的应用。
考查理解题意、运用信息、分析和推理等能力。
常用的验证孟德尔遗传规律的杂交方案为自交法和测交法。
植物常用自交法进行验证,根据一对相对性状遗传实验的结果,若杂合子自交后代表现型比例为3:
1,则该性状的遗传符合分离定律,根据两对相对性状遗传实验结果,若杂合子自交后代表现型比例为9:
3:
1,则两对性状遗传符合自由组合定律;
测交法是教材中给出的验证方法,若杂合子测交后代两种表现型比例为1:
1,则该性状遗传符合分离定律,若双杂合子测交后代出现四种表现型比例为1:
1:
1,则两对性状的遗传符合自由组合定律。
本题中两种方法均可选择。
32.(9分)小麦中高秆(D)对矮秆(d)为显性,抗锈病(T)对易染锈病(t)为显性。
控制两对相对性状的基因是自由组合的,现用高秆抗锈病品种与矮秆易染锈病的品种来培育矮秆抗锈病品种。
(1)培育的方法是:
先让两个亲本________,然后将得到的F1进行________,在F2中就会得到“矮、抗”新品种。
(2)后代中能产生“矮、抗”新类型的理论基础是______________________。
(3)欲保证在F2中获得90株“矮、抗”株系,应至少从F1植株上选取________粒种子点种。
(4)假若在F2中得到600株“矮、抗”株系,从理论上推算,其中稳定遗传的“矮、抗”有________株。
[答案]
(1)杂交 自交
(2)基因的自由组合定律
(3)480 (4)200
33.(9分)玉米植株的性别决定受两对等位基因(B—b,T—t)的支配,这两对基因位于非同源染色体上,玉米植株的性别和基因型的对应关系如下表。
请回答下列问题:
基因型
B和T同时
存在(B_T_)
T存在,B不
存在(bbT_)
T不存在
(B_tt或bbtt)
性别
雌雄同株异花
雄株
雌株
(1)基因型为bbTT的雄株与BBtt的雌株杂交,F1的基因型为________,表现型为________;
F1自交,F2的性别为________,分离比为________。
(2)基因型为________的雄株与基因型为________的雌株杂交,后代全为雄株。
(3)基因型为________的雄株与基因型为________的雌株杂交,后代的性别有雄株和雌株,且分离比为1:
[答案]
(1)BbTt 雌雄同株异花 雌雄同株异花、雄株和雌株 9:
4
(2)bbTT bbtt (3)bbTt bbtt
[解析] 根据基因自由组合定律可知,基因型为bbTT和BBtt的植株杂交,后代的基因型为BbTt,再根据题干信息可推知,其表现型为雌雄同株异花。
F1自交后代中出现9种基因型,其中B_T_(雌雄同株异花)占9/16,bbT_(雄株)占3/16,B_tt或bbtt(雌株)占4/16。
若后代全为雄株,则基因型为bbT_,所以亲代雌性个体不能含有B基因,其基因型只能为bbtt,亲代雄性个体也不能含有B基因,其基因型为bbTT。
34.(9分)牛的毛色有黑色和棕色,如果两头黑牛交配产生了一头棕色牛,请回答:
(1)黑色和棕色哪种毛色是显性性状?
_____________________________________________________。
(2)若用B与b表示牛的毛色的显性基因与隐性基因,写出上述两头黑牛及子代棕色牛的基因型________。
(3)上述两头黑牛产生一黑色子牛的可能性是________。
若上述两头黑牛产生了一头黑色子牛,该牛是纯合子的可能性是________。
要判断这头黑色子牛是纯合子还是杂合子,最好选用与其交配的牛是( )
A.纯种黑牛 B.杂种黑牛 C.棕色牛
(4)若用某雄牛与多头杂种雌牛交配,共产20头子牛,若子牛全是黑色,则此雄牛的基因型可能是________。
若子牛中14头为黑色,6头为棕色,则此雄牛的基因型最可能是________。
[答案]
(1)黑毛
(2)Bb、Bb、bb (3)3/4 1/3 C (4)BB Bb
[解析] 假若棕色性状受显性基因控制,而控制棕毛的基因一定来自亲代,则亲代必定有棕色牛,这与题目相矛盾,所以控制棕毛基因是隐性基因,此隐性基因来自双亲,亲代黑牛有棕毛基因但表现出黑毛,说明亲代黑牛的基因型是Bb,由此推出:
Bb→1BB2Bb1bb,子代基因型有3种,表现型2种,则上述两头亲代黑牛产生黑色子牛的可能性是3/4,若已知子牛为黑色,它是纯合子的可能性是1/3,要鉴定一头黑牛是纯合子还是杂合子,最好选用棕色牛(bb)与之交配,若子代出现棕色牛,说明黑牛是杂合子,若子代全是黑牛,说明被鉴定的黑牛可能是纯合子。
若纯种黑牛与杂种黑牛交配产生后代,全是黑色;
杂种黑牛与杂种黑牛交配,产生黑牛与棕牛的比例是3:
棕色牛与杂种黑牛交配,产生黑牛与棕牛的比例为1:
35.(9分)家兔的颜色,灰(A)对白(a)是显性,毛的长度,短毛(B)对长毛(b)是显性,控制这两对相对性状的基因按自由组合定律遗传。
现将长毛灰兔和短毛白兔两纯种杂交,获得F1,让F1自交得到F2,请回答。
(1)F2中出现纯合体的概率为________。
(2)F2中出现纯合体最多有________种,基因型分别为________。
(3)用F2中的一只短毛灰兔作亲本与长毛白兔杂交,假定产生了共20只兔子,其中短毛灰兔和长毛灰兔各有10只,或者20只兔子全为短毛灰兔,则可以认为该亲本短毛灰兔的基因型是________或________。
(4)在F2中的短毛灰兔中,纯合体的概率为________。
[答案]
(1)1/4
(2)4 AABB、AAbb、aaBB、aabb
(3)AABb AABB
(4)1/9
[解析] F1自交得到F2中,配子有16种组合方式,F2有4种表现型,其中每种表现型纯合体各有一个。
测交可以鉴定某一亲本的基因型。
36.(10分)(2013·
福建)甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因控制,三对等位基因分别位于三对同源染色体上。
花色表现型与基因型之间的对应关系如表。
表现型
白花
乳白花
黄花
金黄花
AA————
Aa————
aaB———
aa——D—
aabbdd
请回答:
(1)白花(AABBDD)×
黄花(aaBBDD),F1基因型是________,F1测交后代的花色表现型及其比例是________。
(2)黄花(aaBBDD)×
金黄花,F1自交,F2中黄花基因型有________种,其中纯合个体占黄花的比例是________。
(3)甘蓝型油菜花色有观赏价值,欲同时获得四种花色表现型的子一代,可选择基因型为________的个体自交,理论上子一代比例最高的花色表现型是________。
[答案]
(1)AaBBDD 乳白花:
黄花=1:
(2)8 1/5
(3)AaBbDd 乳白花
[解析] 本题通过考查基因的自由组合定律,主要考查学生分析、解决问题的能力。
(1)AABBDD×
aaBBDD的后代基因型为AaBBDD,其测交后代的基因型为1AaBbDd和1aaBbDd,对照表格可知其表现型及比例为乳白花:
金黄花(aabbdd),F1基因型为aaBbDd,其自交后代基因型有9种,表现型是黄花(9a
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- 遗传因子 发现 综合 检测