高考物理必考专题02共点力的平衡Word格式文档下载.docx
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(1)根据已知量的变化情况,画出力的平行四边形(或三角形)边、角的变化
(2)确定未知量大小、方向的变化
考点四平衡中的临界极值问题
1•临界状态”可理解为恰好出现”和恰好不出现”某种现象的状态•
2•三种临界条件
(1)两接触物体脱离与不脱离的临界条件:
相互作用力为0(主要体现为两物体间的弹力为0).
(2)绳子断与不断的临界条件:
绳中的张力达到最大值;
绳子绷紧与松弛的临界条件为绳中的张力为0・
(3)存在摩擦力作用的两物体间发生相对滑动或相对静止的临界条件:
静摩擦力达到最大静摩擦力•
3•突破临界和极值问题的三种方法
根据物体的平衡条件列方程,在解方程时采用数学知识求极值•通常用到的数学知识有二次函数求极值、讨论分式求极值、三角函数求极值以及几何法求极值等
根据物体的平衡条件作出力的矢量关系图
,作出平行四边形或者矢量三角形进
行动态分析,确定最大值或最小值
极限法
是指通过恰当选取某个变化的物理量将问题推向极端(极大”极小”极右”极左”等),从而把比较隐蔽的临界现象暴露出来,使问题明朗化,便于分析求解•
★考点一:
平衡条件的应用
♦典例一:
【2019•新课标全国川卷】
用卡车运输质量为m的匀质圆筒状工件,为使工件保持固定,将其置
于两光滑斜面之间,如图所示。
两斜面I、n固定在车上,倾角分别为
30°
和60°
重力加速度为g。
当卡
车沿平直公路匀速行驶时,圆筒对斜面i、n压力的大小分别为Fi、F2,则(
迈V3
A.Fi=§
mg,F2=?
mg
B.Fi=宁mg,Fznfmg
1
C.Fi=2mg,
F2=
D.
Fi^23mg,F2=2mg
)
【答案】D
【解析】如图所示,
卡车匀速行驶,圆筒受力平衡,由题意知,力
Fi与F2相互垂直。
由牛顿第三定律知
Fi=Fi'
F2=F2'
则
D正确。
1
Fi=mgsin60=2mg,F2=mgsin30=2mg,
♦典例二(20i8全国联考)如图所示,质量为m的木板B放在水平地面上,质量也为m的木箱A放在木板B上.一根轻绳一端拴在木箱上,另一端拴在地面的木桩上,绳绷紧时与水平面的夹角为0o已知木箱A
与木板B之间的动摩擦因数、木板B与地面之间的动摩擦因数均为“现用水平力F将木板B从木箱A下面匀速抽出。
则下列说法确的是
B.细绳的张力大小
cossin
Ft
cos
C.水平拉力F
mg(3cossin)
lmg(3cossin)
d.水平拉力F
【答案】C
【解析】木箱A受力分析如图所示
②;
Ffi=yFi③;
解①②
③式可得:
mg
Ft,故A、B错误;
木板B受力如图所示
由平衡条件可知:
FtcosAFfi①;
mg+FTsin0=Fni
B匀速时有:
F=F?
i+Ff2④F12=^F2
解①②③④⑤⑥式可得:
F,故C正确,D错误。
⑤Fn2=mBg+Fni'
⑥
(2018湖北武汉调研)如图所示,直杆BC的一端用铰链固定于竖直墙壁,另一
端固定一个小滑轮C,细绳下端挂一重物,细绳的AC段水平•不计直杆、滑轮及细绳的质量,忽略所有摩擦•若将细绳的端点A稍向下移至A'
点,使之重新平衡,则此时滑轮C的位置()
A.在A点之上B.与A'
点等高
C.在A'
点之下
D.在AA之间
【答案】A
【解析】由于杆处于平衡状态,两段细绳拉力的合力沿杆向下,又由于同一根绳子的张力大小处处相等,而且两
细绳的拉力大小相等且等于重物的重力G根据平行四边形定则,合力一定在两绳拉力夹角的角平分线上•细
绳的AC段水平时,/ACB=45;
将细绳的端点A稍向下移到A'
点,杆再次平衡时,/A'
CB<
45所以BC杆应向上转动一定的角度,此时C在A点之上,故选项A正确.
♦典例二:
(2019黄冈重点中学高三联考)将一光滑轻杆固定在地面上,杆与地面间夹角为0,一光滑轻环套在杆上。
一个大小和质量都不计的滑轮用轻绳OP悬挂在天花板上,用另一轻绳通过滑轮系在轻环上,用手拉住轻绳另一端并使OP恰好在竖直方向,如图所示。
现水平向右拉绳,当轻环重新静止不动时OP绳与天
花板之间的夹角为()
B.45
【答案】D
PQ段必定垂直于光滑杆,只有这样PQ段的拉
【解析】由于环为轻环,不计质量,故用力拉绳子后,绳子
力在沿着杆方向才没有分力,轻环方可平衡,如图甲所示,
由图甲可知PQ段绳子与竖直方向夹角为B,对滑轮受力分析如图乙所示:
由于滑轮质量不计,则两绳子拉
力的合力与0P段绳子拉力等大反向,又因为两绳子拉力等大,故0P段绳子拉力必定沿着两绳子夹角的平
90°
_lnn
分线,由几何关系可知0P段绳子与天花板夹角为90=45°
+扌,故选项D正确。
★考点三:
动态平衡问题
♦典例一(2017全国I卷,21)(多选)如图,柔软轻绳ON的一端0固定,其中间某点M拴一重物,用手拉住绳的
另一端N.初始时,0M竖直且MN被拉直,0M与MN之间的夹角为a(a>
)•现将重物向右上方缓慢拉起拼
保持夹角a不变,在0M由竖直被拉到水平的过程中()
A.MN上的张力逐渐增大
B.MN上的张力先增大后减小
C.OM上的张力逐渐增大
D.OM上的张力先增大后减小
【解析】:
由题意可知,重物在运动过程中受重力,MN绳拉力TMN,OM绳拉力TOM,TMN与TOM夹角保持
不变•在某一时刻所受三个力示意图如图(甲)所示,将此三个力平移为矢量三角形如图(乙)所示•
因为mg大小、方向不变,TMN与TOM的夹角不变,故可将三个力平移入圆中,如图(丙)所示,mg为一条固定的弦(固定的弦所对应的圆周角为定值),在OM由竖直拉到水平的过程中,可得TMN从0逐渐变大,OM水平时TMN最大.TOM先变大后变小,故C错,D对•
方法技巧分析动态平衡问题的技巧
(1)当出现直角三角形或常用三角函数时,应用解析法解决动态平衡问题较为简捷•
(2)当出现物体受三个力,一个力恒定,另一个力方向不变,第三个力方向变化(或另外两力大小、方向均变化)时,
应用图解法解决动态平衡问题较为简捷•
(3)应用图解法时要在同一图上多作几个力的矢量三角形
★考点四:
平衡中的临界极值问题
♦典例一(2018云南师大附中质检)如图所示,质量为m的小球与细线连接且静止于光滑斜面上,斜面足够长
倾角a=30的斜面体置于光滑水平面上,用水平力F推斜面体使斜面体缓慢地向左移动,小球沿斜面缓慢升高
当细线拉力最小时,推力F等于()
A.错误味找到引用源。
mgB.错误!
未找到引用源。
C.mgD.错误!
【审题指导】
(1)选取小球为研究对象,用图解法求细线拉力最小值
(2)选取小球和斜面组成的系统求推力F.
解析:
小球受力如图所示,可知当T平行于斜面时T最小,其值为Tmin=mgsin30。
,对小球和斜面体组成的系统,F=Tmincos30°
错误!
mg,A正确•
方法总结解决临界(极值)问题的基本思路
(1)详细分析问题中变化的过程(包括分析整体过程中有几个阶段).
⑵寻找过程中变化的物理量(自变量与因变量).
(3)探索因变量随自变量变化时的变化规律,要特别注意相关物理量的变化情况
⑷确定临界(极值)状态,分析临界(极值)条件,找出临界(极值)关系.
1.(2019潍坊期中)如图所示为内壁光滑的半球形凹槽M,O为球心,/AOB=60°
OA水平,小物块在与
水平方向成45。
角的斜向上的推力F作用下静止于B处•在将推力F沿逆时针缓慢转到水平方向的过程中
装置始终静止,则()
A.M槽对小物块的支持力逐渐减小B.M槽对小物块的支持力逐渐增大
C.推力F先减小后增大D.推力F逐渐增大
【答案】BC
【解析】以小物块为研究对象,分析受力情况,如图所示,
G
物块受到重力G、支持力Fn和推力F三个力作用,根据平衡条件可知,Fn与F的合力与G大小相等,方向相反•将推力F沿逆时针缓慢转到水平方向的过程中(F由位置1~3),根据作图可知,M槽对小物块的支持力Fn逐渐增大,推力F先减小后增大,当F与Fn垂直时,F最小.故A、D错误,B、C正确.
2.(20174浙江选考题)重力为G的体操动员在进行自由体操比赛时,有如图所示的比赛动作,当运动员
竖直倒立保持静止状态时,两手臂对称支撑,夹角为0,则
A•当0=60。
时,运动员单手对地的正压力大小为-
B「•当0=120。
时,运动员单手对地面的压力大小为G
C.当0不同时,运动员受到的合力不同
D.当0不同时运动员与地面之间的相互作用力不相等
【解析】运动员处于静止状态,即平衡状态•每只手都承受自身重力的一半•和角度无关,所以A正确,BC错
误:
由牛顿第三定律知两物体间的相互作用力大小永远相等•故D错误。
们之间有轻绳连接•当用水平外力F推物块A时,两个滑块和斜面体一起向左做匀速直线运动•若斜面对
物块A的支持力大小为Na,斜面对物块B的支持力大小为Nb,则下列结论正确的是()
V2
A.NA=~^mg,Nb=
C.Na=乎
mg,NB=#mg
一…3迄…3^2
B.Na=-^mg,Nb=?
2「32
D.NA=^mg,NB=~^mg
【解析】以
B为研究对象,受重力
mg、绳的拉力T和斜面的支持力Nb,根据平衡条件,有
T=mgsin
0=22mg,Nb=mgcos
0=22mg
以A为对象,受力如图所示,
一32
由平衡条件可得Nacos0=mg+Tsin0,解得Na=?
mg,故C正确.
4【2019全国卷I】如图,一粗糙斜面固定在地面上,斜面顶端装有一光滑定滑轮。
一细绳跨过滑轮,其
N,
端悬挂物块N,另一端与斜面上的物块M相连,系统处于静止状态。
现用水平向左的拉力缓慢拉动
直至悬挂N的细绳与竖直方向成45°
已知M始终保持静止,则在此过程中()
A.水平拉力的大小可能保持不变
B.M所受细绳的拉力大小一定一直增加
C.M所受斜面的摩擦力大小一定一直增加
D.M所受斜面的摩擦力大小可能先减小后增加
【答案】BD
F缓慢拉动N的过程中,水
【解析】选N为研究对象,受力情况如图甲所示,由图甲可知,用水平拉力
平拉力F逐渐增大,细绳的拉力T逐渐增大,A错误,B正确。
对于M,受重力Gm、支持力Fn、绳的拉力T以及斜面对它的摩擦力f,如图乙所示,若开始时斜面对M的
摩擦力f沿斜面向上,则T+f=GMSin0,T逐渐增大,f逐渐减小,可能有当f减小到零后,再反向增大的情况;
若开始时斜面对M的摩擦力沿斜面向下,此时,T=GMsin0+f,当T逐渐增大时,f逐渐增大,C错误,
5.【2019新课标全国H卷】物块在轻绳的拉动下沿倾角为30°
勺固定斜面向上匀速运动,轻绳与斜面平行。
已知物块与斜面之间的动摩擦因数为習,重力加速度取10m/s2。
若轻绳能承受的最大张力为1500N,则物
3
块的质量最大为()
A.150kgB.100.'
3kgC.200kgD.200.‘3kg
【答案】A
【解析】物块沿斜面向上匀速运动,受力如图,根据平衡条件
F=Ff+mgsin0①
Ff=^Fn②
Fn=mgcos③
由①②③式得
F=mgsin+卩mgos0
所以m=F
gsin0+gos0
故当Fmax=1500N时,有mmax=150kg,A正确。
6.【2019江苏高考】如图所示,一只气球在风中处于静止状态,风对气球的作用力水平向右。
细绳与竖直方向的夹角为a绳的拉力为T,则风对气球作用力的大小为()
T
sina
【答案】C
COSa
C.Tsina
D.Tcosa
【解析】对气球受力分析,如图所示,
将绳的拉力T分解,在水平方向:
风对气球的作用力大小F=Tsina,C正确
7(2019•东佛山普通高中教学质量检测)在港珠澳大桥建设中,将直径22米、高40.5米的钢筒,打入海底围成人工岛,创造了快速筑岛的世界记录。
如图所示,钢筒质量为M,用起重机由8根对称分布的、长为
22米的钢索将其吊起,整个装置处于静止状态。
则每根钢索受到的拉力大小为()
1331
A・§
MgB.^MgC.^MgD^Mg
【答案】B
【解析】分析题意可知,每根钢索与竖直方向的夹角为30°
则由平衡条件可知:
8Tcos30°
=Mg,解得T
*彳3
=12Mg,由牛顿第三定律知,B正确。
8.(2019宁夏银川一中月考)一串小灯笼(五只)彼此用轻绳连接,并悬挂在空中.在稳定水平风力作用
下发生倾斜,悬绳与竖直方向的夹角为30°
如图所示.设每个灯笼的质量均为m.则自上往下第一只灯笼对
第二只灯笼的拉力大小为()
A.2.'
3mg
B.
2;
"
^3
C.
83mg
3~
D.8mg
【解析】求第一只灯笼对第二只灯笼的拉力,以下面四个灯笼为研究对象,受力分析如图所示,
根据共点力的平衡条件可知拉力
T=4mg=83mg,故A、B、D错误,C正确.cos303
9.
0点,另一端跨过
(2018云南省第一次高中毕业生检测)如图所示,一轻质细绳一端固定于竖直墙壁上的
大小可忽略、不计摩擦的定滑轮P悬挂物块B,0P段的绳子水平,长度为L。
现将一带挂钩的物块A挂到0P段的绳子上,A、B物块最终静止。
已知A(包括挂钩)、B的质量比为mA=8,则此过程中物块B上升的
高度为()
2
2L
【解析】将一带挂钩的物块A挂到0P段的绳子上,A、B物块最终静止后,绳子的张力为B的重力,两段
绳子的合力为A的重力,即2mBgcos0=mAg,解得cos0=5,sin0=5,由几何关系L=L'
sirf),此过程中物
55
、2
块B上升的高度为L―L=3L,选项D正确。
10.(2019哈尔滨联考)两个带电小球A、B(可视为质点)通过绝缘的不可伸长的轻绳相连,若将轻绳的某点O
固定在天花板上,平衡时两个小球的连线恰好水平,且两根悬线偏离竖直方向的夹角分别为30°
如
图甲所示•若将轻绳跨接在竖直方向的光滑定滑轮(滑轮大小可不计)两端,调节两球的位置能够重新平衡,
如图乙所示,求:
(1)两个小球的质量之比;
⑵图乙状态,滑轮两端的绳长OA、O'
B之比.
【答案】
(1)3:
1
(2)1:
3
【解析】
(1)带电小球处于静止状态,受力平衡,对任意一个带电小球受力分析,受到重力、绳子的拉力T
和库仑力F,根据平衡条件得Tcos0-mg=0,Tsin0-F=0
解得mg=
F
tan0,
所以=
mB
tan60=
tan30=
(2)对小球A受力分析,设绳子拉力为
T,小球到滑轮的长度为
L,O'
C的距离为h,根据三角形相似,有
h
=T,解得l=mg,所以
Loa
Lob
mB_1
mA3
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- 高考 物理 必考 专题 02 共点力 平衡
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