届河南省洛阳市高三上学期期中考试物理试题及答案Word文件下载.docx

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牛顿第二定律．C2D1

【答案解析】C解析：

A、做曲线运动的物体，其速度一定变化，但加速度不一定变化，比如平抛运动，故A错误；

B、物体做圆周运动，所受的合力不一定指向圆心，当是匀速圆周运动时，由于速度大小不变，所以加速度垂直于速度，因此合力一定指向圆心，故B错误；

C、当物体所受合力方向与运动方向相反，则一定做减速且直线运动，故C正确；

D、物体运动的速率在增加，则一定有加速度存在，但不一定与运动方向相同，比如平抛运动，合力方向与运动方向不相同．故D错误；

故选：

C

【思路点拨】曲线运动的条件是初速度与加速度不在一条直线上，速度不断变化，它是变速运动，曲线运动有加速度不变的，也有加速度变化的．当物体做圆周运动，其合力不一定指向圆心，若是匀速圆周运动，则合力一定指向圆心．曲线运动有加速度，所以必定是变速，可能是匀变速曲线，比如：

平抛运动．也可能是速率不变，方向变化．比如：

匀速圆周运动．

【题文】3.关于离心运动，下列说法正确的是

A.当物体受到离心力的作用时，物体将做离心运动

B.当物体所受的离心力大于向心力时产生离心现象

C.做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失时，它将沿着半径方向“离心”而去

D.做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失时，它将沿这一位置的切线方向飞出，做匀速直线运动

【知识点】离心现象．D4

【答案解析】D解析：

A、离心运动并不是物体受到离心力的作用，而是提供的向心力突然消失或者不足，故A错误；

B、离心运动的原因是提供的向心力小于需要的向心力或向心力突然消失，故B错误；

C、若向心力突然消失，物体将做匀速直线运动，离心运动的物体运动方向不是沿半径方向，而是将沿这一位置的切线方向飞出，做匀速直线运动，故C错误，D正确故选：

D．

【思路点拨】物体改变原来圆周运动轨道，半径增大的现象，就是离心运动，离心运动的原因是提供的向心力小于需要的向心力或向心力突然消失．认识离心现象的成因是：

提供的向心力突然消失或者不足，离心运动不一定是曲线运动．

【题文】4.一个人站在升降机的地板上，在升降机加速上升的过程中。

以下说法正确的是

A.人对升降机的压力小于升降机对人的支持力

B.人对升降机的压力与升降机对人的支持力大小相等

C.升降机对人的压力等于人的重力

D.人的重力和升降机对人的支持力是一对作用力和反作用力

加速度与力的关系图像．C2

A、人对升降机的压力等于升降机对人的支持力，它们是作用力与反作用力的关系，A错误B正确；

C、加速上升时超重，由N-mg=ma，所以升降机对人的压力大于人的重力，C错误；

D、一对作用力和反作用力的性质相同，而重力与支持力性质不同，D错误；

【思路点拨】根据题意可得，物体做加速上升直线运动，说明物体受到的不是平衡力．根据超重的概念，对选项进行分析．注意区分一对作用力与反作用力和一对平衡力的区别和联系．

【题文】5.有一个质量为4kg的质点在x—y平面内运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图1所示，下列说法正确的是

A.质点做匀变速直线运动

B.质点所受的合外力为22N

C.2s时质点的速度为6m/s

D.0时刻质点的速度为5m/s

【知识点】匀变速直线运动的图像；

匀变速直线运动的速度与时间的关系．A2A5

AD、由图可知质点在x轴方向上做匀加速直线运动，在y轴方向做匀速直线运动，合力的方向沿x轴方向．在x轴方向上的初速度为3m/s，在y轴方向上的速度为4m/s．则初速度v=

=5m/s，初速度方向不沿x轴方向，所以质点做匀变速曲线运动，故A错误，D正确．B、质点在x轴方向上的加速度为ax=1.5m/s2，y轴方向上的加速度为零，则合加速度为a=1.5m/s2，所以合力为F=ma=4×

1.5N=6N．故B错误．C、2s末在x轴方向上的速度为vx=6m/s，在y轴方向上的速度为vy=

=4m/s，则合速度v=

＞6m/s．故C错误．故选：

【思路点拨】由图线可知，质点在x轴方向上做匀加速直线运动，在y轴方向做匀速直线运动．根据运动的合成求出质点的初速度，2s末的速度，以及合加速度，从而根据牛顿第二定律求出合力的大小．解决本题的关键理清x方向和y方向上的运动规律，结合平行四边形定则进行分析．

【题文】6.作用于同一点的两个力，大小分别为F1=5N，F2=3N，这两个力的合力F与F1的夹角为

，则

可能为

A.30°

B.45°

C.60°

D.90°

【知识点】合力的大小与分力间夹角的关系．B3

【答案解析】A解析：

根据三角形法则，两个分力和合力可以构成一个闭合的三角形．则作出两个力F1和F2合力F，如图，

因为F1和F2大小是定值，根据几何知识得到，当F2与合力F垂直时，θ最大，设θ的最大值为θm，则有sinθm=

，θm=37°

，所以A正确，BCD错误．故选：

A．

【思路点拨】根据三角形定则，应用作图法，求出合力F与F1的夹角θ的最大值，再进行选择．本题实质是极值问题，采用作图法分析极值的条件是常用的方法．中等难度，是好题．

【题文】7.如图2所示一颗子弹以速度

垂直进入三个相同的矩形区城做匀减速运动，且刚要离开第三个矩形区城时速度恰好为

，则子弹依次进入每个矩形区城时的速度之比和穿过每个矩形区城所用的时间之比分别是

A.

B.

C.

D.

【知识点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．A2A8

A、逆着运动过程看就变成初速度为零的匀加速直线运动，根据2ax=v2-v02可知：

v1：

v2：

v3=

，故A、B错误；

C、逆着运动过程看就变成初速度为零的匀加速直线运动，利用

得：

，故C错误，D正确；

D

【思路点拨】子弹的运动可看作匀减速运动，若逆着运动过程看就变成初速度为零的匀加速直线运动，利用匀变速直线运动的公式或推论解决即可.匀减速运动直至速度为零时，往往看成逆过程的初速度为零的匀加速直线运动，此外要牢记运动的规律及推论，以提高解题速度．

【题文】8.如图3，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物块正在沿斜面以速度

匀速下滑，斜劈保持静止，则下列判断正确的是

A.地面对斜劈没有摩擦力

B.地面对斜劈的摩擦力方向向左

C.地面对斜劈的摩擦力方向向右

D.若突然给物块施加一水平向右的外力F，则地面对斜劈立刻会有向右的摩擦力

【知识点】摩擦力的判断与计算．B2

A、斜劈和物块都平衡，受力的大小和方向情况与两物体间相对静止且摩擦力达到最大静摩擦力的情况相同，故可以对斜劈和物块整体受力分析,受重力和支持力，二力平衡，无摩擦力，故A正确，BC错误；

D、突然给物块施加一水平向右的外力F，则由整体法可知，地面对斜劈立刻会有向左的摩擦力，故D错误；

【思路点拨】在研究力和运动关系的问题时，常会涉及相互关联的物体间的相互作用问题，即“连接体问题”．连接体问题一般是指由两个或两个以上物体所构成的有某种关联的系统．研究此系统的受力或运动时，求解问题的关键是研究对象的选取和转换．一般若讨论的问题不涉及系统内部的作用力时，可以以整个系统为研究对象列方程求解--“整体法”；

若涉及系统中各物体间的相互作用，则应以系统某一部分为研究对象列方程求解--“隔离法”．这样，便将物体间的内力转化为外力，从而体现其作用效果，使问题得以求解．在求解连接体问题时，隔离法与整体法相互依存，相互补充，交替使用，形成一个完整的统一体，可以分别列方程求解．本题中由于小木块与斜面体间有相对滑动，但无相对加速度，可以当作两物体间相对静止，摩擦力达到最大静摩擦力的情况，然后运用整体法研究．

【题文】9.如图4，在小车架子上的A点固连一条像皮筋，在弯杆的一端B有一个光滑的小环。

橡皮筋的原长正好等于A、B之间的距离，像皮筋穿过小环悬挂着一个小球，系统处于平衡状态.现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定时偏离竖直方向某一角度（橡皮筋遵循胡克定律且在弹性限度内）.与稳定在竖直位置时相比，小球离度

A.一定升高B.一定降低C.保持不变D.升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定

【知识点】共点力平衡的条件及其应用；

物体的弹性和弹力．B1B3

设L0为橡皮筋的原长，k为橡皮筋的劲度系数，小车静止时，对小球受力分析得：

T1=mg，弹簧的伸长x1=

即小球与悬挂点的距离为L1=

，

当小车的加速度稳定在一定值时，对小球进行受力分析如图，得：

T2cosα=mg，T2sinα=ma，所以：

T2=

，弹簧的伸长：

x2=

则小球与悬挂点的竖直方向的距离为：

L2=

cosα=

=

=L1，所以L1=L2，即小球在竖直方向上到悬挂点的距离减小，所以小球一定不变，故C正确，ABD错误．故选：

C．

【思路点拨】以小球为研究对象，由牛顿第二定律可得出小球的加速度与受到的拉力之间的关系即可判断．本题中考查牛顿第二定律的应用，注意整体法与隔离法的使用，同时要注意审题．

【题文】10.在物理学的发展过程中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是

A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫微元法

B.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系。

再保持力不变研究加速度与质量的关系。

该实验采用了控制变量法

C.伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°

的斜面上的运动。

再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法

D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这是采用了理想模型法

【知识点】物理学史P0

【答案解析】BC解析：

A、在不需要考虑带电物体本身的大小和形状时，用点电荷来代替物体的方法叫建立理想化模型的方法．故A错误；

B、在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了控制变量法，故B正确；

C、伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°

的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法．故C正确．D、在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故D错误．故选：

BC．

【思路点拨】在不需要考虑带电物体本身的大小和形状时，用点电荷来代替物体的方法叫建立理想化模型的方法．加速度运用了比值法定义．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法．伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°

的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法．在高中物理学习的过程中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助，故在理解概念和规律的基础上，要注意方法的积累．

【题文】11.某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不及空气阻力，g取10m/s2,4s内物体的

A.路程为50mB.位移大小为50m

C.速度改变量的大小为20m/sD.平均速度大小为10m/s

【知识点】平均速度；

位移与路程．A2

【答案解析】AD解析：

A、选取向上的方向为正方向，物体在4s内的位移：

h=v0t-

gt2=30×

4-

×

10×

42m=40mm；

方向与初速度的方向相同，向上．物体上升的最大高度：

H=

m=45m，物体上升的时间：

t1=

s=3s下降位移为h′=

g（t-t1）2=5m故路程为s=H+h′=50m，故A正确，B错误；

C、4s末的速度为v′=v0-gt=-10m/s，故速度△v=v′-v0=-40m/s，故C错误；

D、平均速度为

m/s=10m/s，故D正确；

AD

【思路点拨】物体竖直上抛后，只受重力，加速度等于重力加速度，可以把物体的运动看成一种匀减速直线运动，由位移公式求出4s内位移．根据物体上升到最高点的时间，判断出该时间与4s的关系，然后再求出路程．对于竖直上抛运动，通常有两种处理方法，一种是分段法，一种是整体法，两种方法可以交叉运用

【题文】12.如图5所示，轮O1、O3固定在同一转轴上，轮O1、O2用皮带连接且不打滑。

在O1、O2、O3三个轮的边缘各取一个点A、B、C，已知三个轮的半径比

，当转轴匀速转动时，下列说法中正确的是

A.A、B、C三点的线速度之比为2:

2:

1B.A、B、C三点的角速度之比为1:

1

C.A、B、C三点的加速度之比为2:

4:

1D.A、B、C三点的周期之比为1:

【知识点】向心加速度；

线速度、角速度和周期、转速．D4D6

【答案解析】ABC解析：

A、A、B两点靠传送带传动，线速度大小相等，A、C共轴转动，角速度相等，根据v=rω，则vA：

vC=r1：

r3=2：

1．所以A、B、C三点的线速度大小之比vA：

vB：

vC=2：

2：

1．故A正确；

B、A、C共轴转动，角速度相等，A、B两点靠传送带传动，线速度大小相等，根据v=rω，ωA：

ωB=r2：

r1=1：

2．所以A、B、C三点的角速度之比ωA：

ωB：

ωC=1：

1，故B正确；

C、根据an=vω，可知，A、B、C三点的加速度之比为2：

4：

1．故C正确；

D、由T=

，可知，A、B、C三点的周期之比为2：

1：

2，故D错误．故选：

ABC．

【思路点拨】共轴转动，角速度相等，靠传送带传动，线速度相等，根据v=rω，求出各点的线速度、角速度之比．解决本题的知道共轴转动的点，角速度相等，靠传送带传动轮子边缘上的点，线速度相等．

【题文】13.在一大雾天，一辆小汽车以30m/s的速度匀速行驶在高速公路上，突然发现正前方30m处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧息刹车，如图6所示，图线a,b分别为小汽车和大卡车的v—t图象（忽略刹车反应时间），以下说法正确的是

A.小汽车不会发生追尾事故B.在t=3s时发生追尾事故

C.在t=5s时发生追尾事故D.若紧急刹车时两车相距40m，则不会发生追尾事故且两车最近时相距5m

匀变速直线运动的速度与时间的关系．A2A5A8

【答案解析】BD解析：

ABC、根据速度-时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，由图知，t=3s时，b车的位移为：

sb=vbt=10×

3m=30ma车的位移为：

sa=

（30+20）×

1m+

（20+15）×

2m=60m，则sa-sb=30m，所以在t=3s时追尾．故B正确，A、C错误．D、若紧急刹车时两车相距40米，速度相等时，a车的位移为：

s1=

1+

（20+10）×

4m=85m，b车位移为：

s2=50m，因为s2+40＞s1，则不会发生追尾事故，最近距离为：

△s=40+50-85m=5m．故D正确．故选：

BD．

【思路点拨】当两车通过的位移之差等于30m时，两车会发生追尾．根据速度-时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，进行分析．解答本题关键要抓住速度图象的面积表示进行求解，知道图线的物理意义，属于基本题．

【题文】14.如图7所示一段不可伸长的轻绳通过光滑的定滑轮O连接在轻质硬杆的B端，杆的A端用绞链固定，滑轮在A点正上方，B端用另一段轻绳吊一重物P，现施加拉力F将B端缓慢上拉（绳均未断），在杆达到一竖直位置前

A.拉力F逐渐变小B.拉力F逐渐变大

C.杆中的弹力大小不变D.杆中的弹力逐渐变大

物体的弹性和弹力．B3B4

【答案解析】AC解析：

设物体的重力为G．以B点为研究对象，分析受力情况，作出力图，如图．

作出力FN与F的合力F2，根据平衡条件得知，F2=F1=G．由△F2FNB∽△ABO得

得到FN=

式中，BO、AO、G不变，则FN保持不变．同理：

得到F=

，式中，AO、G不变，但是AB逐渐减小，所以F逐渐减小．故选：

AC．

【思路点拨】当细绳缓慢拉动时，整个装置处于动态平衡状态，以B点为研究对象，分析受力情况，作出力图．根据平衡条件，运用三角形相似法，得出F和FN与边长AB、AO、BO及物体重力的关系，再分析F、FN的变化情况．本题中涉及非直角三角形，运用几何知识研究力与边或角的关系，是常用的思路．

第II卷（非选择题，共58分）

二、实验题（共14分）

【题文】15.（6分）

（1）某实验小组在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验中，使用两个不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如图8所示。

下列表述正确的是___（填字母代号）

A.a的原长比b的短B.a的劲度系数比b的大

C.a的劲度系数比b的小D.测得的弹力与弹簧的长度成正比

（2）在“探究求合力”的实验操作中，下列做法中有利于减小实验误差的是_____（填字母代号）

A.两细绳必须等长B.弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行

C.用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大

D.拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些

【知识点】探究弹力和弹簧伸长的关系．B5

【答案解析】

（1）AB

（2）BD解析：

（1）A、在图象中横截距表示弹簧的原长，故a的原长比b的短，故A正确；

B、在图象中斜率表示弹簧的劲度系数k，故a的劲度系数比b的，故B正确、C错误；

D、弹簧的弹力满足胡克定律，弹力与弹簧的形变量成正比，故D错误；

AB

（2）A、通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，并非要求两细绳等长，故A错误；

B、测量力的实验要求尽量准确，为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故B正确；

C、用弹簧秤同时拉细绳时，拉力不能太太，也不能太小．故C错误；

D、为了更加准确的记录力的方向，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故D正确．故选：

【思路点拨】

（1）弹簧的弹力满足胡克定律，F=kx，在图象中斜率表示弹簧的劲度系数k，横截距表示弹簧的原长．本题考查了胡克定律，注意F-t图象的认识，明确胡确定律中的x为形变量．

（2）本题考查了具体实验细节要求，注意所有要求都要便于操作，有利于减小误差进行，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开，据此可正确解答本题．对于中学中的实验，学生尽量要到实验室进行实际操作，只有这样才能体会具体操作细节的意义，解答实验问题时才能更加有把握．

【题文】16.（8分）如图9所示为“探究加速度和力的关系”的实验装置。

（1）在平衡小车与木板之间摩擦力后，打出了一条纸带如图10所示，计时器打点的时间间隔为0.02s，则小车的加速度a=______________m/s2。

（结果保留两位有效数字）

（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量。

在某次实验中根据测得的多组数据可画出a—F关系图线（如图11所示）。

①分析此图线的OA段可得出的实验结论是_______________

②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是________（填字母代号）

A.小车与轨道之间存在摩擦B.纸带与限位孔之间存在摩擦

C.所挂钩码的总质量太大D.所用小车的质量太大

【知识点】探究功与速度变化的关系．E4

（1）4.0

（2）①在质量不变的条件下，加速度与合外力成正比；

②C解析：

（1）由△x=aT2，有：

a=

=4.0m/s2，

（2）由图象OA段可知，a与F成正比，即：

在小车质量一定时，加速度a与小车受到的合力F成正比；

以小车M与砝码m组成的系统为研究对象，系统所受的合外力等于砝码的重力mg，由牛顿第二定律得：

mg=（M+m）a，小车的加速度a=

，小车受到的拉力F=Ma=

，当m＜＜M时，可以认为小车受到的合力等于钩码的重力，如果钩码的质量太大，则小车受到的合力小于钩码的重力，实验误差较大，a-F图象偏离直线，故C正确．

【思路点拨】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．控制实验所控制的变量，分析图象，根据图象特点得出实验结论；

根据实验注意事项分析图象偏离直线的原因．本题考查了控制变量法的应用、实验数据处理、实验误差分析，实验误差分析是本题的难点；

应知道当砝码质量远小于小车质量时，可以认为小车受到的拉力等于钩码重力．

三、计算题（本题共4小题，共44分，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）

【题文】17.（10分）洛阳龙门站至郑州站的高铁拉近了洛阳和郑州的时空距离，125公里的路程仅需37分钟。

假设火车做直线运动，从龙门站开始匀加速运动，当速度达到时速250公里时做匀速运动，快到郑州站时做匀减速运动，求火车匀速运动的时间。

【知识点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．A2A8

【答案解析】23min解析：

设匀加速过程加速度大小为a1，匀减速过程加速度大小为a2，匀速过程时间为t，

速度为v，由运动学公式得：

①