河南省濮阳市濮阳县学年九年级上期末模拟考试数学试题.docx
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河南省濮阳市濮阳县学年九年级上期末模拟考试数学试题
河南省濮阳市濮阳县2020-2021学年九年级上期末模拟考试数学试题
学校:
___________姓名:
___________班级:
___________考号:
___________
一、单选题
1.将抛物线y=5x2向下平移3个单位,再向左平移2个单位,那么得到的抛物线的解析式为( )
A.y=5(x+2)2-3B.y=5(x+2)2+3
C.y=5(x-2)2-3D.y=5(x-2)2+3
2.有长24m的篱笆,一面利用围墙围成如图中间隔有一道篱笆的矩形花圃,设花圃的垂直于墙的一边长为xm,面积是sm2,则s与x的关系式是( )
A.s=﹣3x2+24xB.s=﹣2x2﹣24x
C.s=﹣3x2﹣24xD.s=﹣2x2+24x
3.如图,⊙O的半径OD⊥弦AB于点C,连接AO并延长交⊙O于点E,连接EC,若AB=8,CD=2,则cos∠ECB为( )
A.
B.
C.
D.
4.一张长方形桌子的长是150cm,宽是100cm,现在要设计一块长方形桌布,面积是桌面的2倍,且使四周垂下的边宽是xcm.根据题意,得()
A.(150+x)(100+x)=150×100×2B.(150+2x)(100+2x)=150×100×2
C.(150+x)(100+x)=150×100D.2(150x+100x)=150×100
5.如图,⊙O是△ABC的外接圆,直径AD与BC相交于点E,连接CD,若⊙O的半径为5,AB=AC=8,则EC长为( )
A.4B.
C.
D.
6.如图,已知⊙O的直径AB⊥弦CD于点E,下列结论中一定正确的是()
A.AE=OEB.CE=DEC.OE=
CED.∠AOC=60°
7.关于x的方程x2﹣4x+4a=0有两个实数根,则a的取值范围是( )
A.a<1B.a>1C.a≤1D.a≥1
8.通过大量重复抛掷两枚均匀硬币的试验,出现两个反面的成功率大约稳定在
A.
B.
C.
D.
9.如图所示,在⊙O中,点A,O,D以及点B,O,C分别在一条直线上,则图中的弦有()
A.2条B.3条C.4条D.5条
10.下列图形中,即是中心对称又是轴对称图形的是( )
A.等边三角形B.平行四边形C.梯形D.矩形
二、填空题
11.在直角梯形ABCD中,AD∥BC,∠DAB=90°,AD=1,BC=2.连接BD,把△ABD绕着点B逆时针旋转90°得到△EBF,若点F刚好落在DA的延长线上,则∠C=________°.
12.若最简二次根式
与
是同类二次根式,则
__________.
13.若式子
有意义,则x的取值范围是 .
14.反比例函数
中,k值满足方程k2﹣k﹣2=0,且当x>0时,y随x的增大而增大,则k=________
15.二次函数y=x2﹣4x﹣3的顶点坐标是______________.
16.某小组同学,新年时每人互送贺年卡一张,共送贺年卡56张,这个小组共有_________人.
17.将抛物线y=x2沿x轴向右平移2个单位后所得抛物线的解析式是_________
18.如图,在扇形AOB中,∠AOB=90°,点C为OA的中点,CE⊥OA交
于点E,以点O为圆心,OC的长为半径作
交OB于点D,若OA=2,则阴影部分的面积为.
三、解答题
19.我省某工艺厂为全运会设计了一款成本为每件20元得工艺品,投放市场进行试销后发现每天的销售量y(件)是售价x(元∕件)的一次函数,当售价为22元∕件时,每天销售量为780件;当售价为25元∕件时,每天的销售量为750件.
(1)求y与x的函数关系式;
(2)如果该工艺品售价最高不能超过每件30元,那么售价定为每件多少元时,工艺厂销售该工艺品每天获得的利润最大?
最大利润是多少元?
(利润=售价﹣成本)
20.如图,已知圆的半径为r,求外接正六边形的边长.
21.已知直线∥,点A,B,C在直线上,点E,F,G在直线上,任取三个点连成一个三角形,求:
(1)连成△ABE的概率;
(2)连成的三角形的两个顶点在直线上的概率.
22.一学校为了绿化校园环境,向某园林公司购买力一批树苗,园林公司规定:
如果购买树苗不超过60棵,每棵售价120元;如果购买树苗超过60棵,每增加1棵,所出售的这批树苗每棵售价均降低0.5元,但每棵树苗最低售价不得少于100元,该校最终向园林公司支付树苗款8800元,请问该校共购买了多少棵树苗?
23.如图所示,在一幅长80cm,宽50cm的矩形风景画的四周镶一条金色纸边,制成一幅矩形挂图,如果要使整个挂图的面积是5400cm2,设金色纸边的宽为xcm,求满足x的方程.
24.已知x=﹣1是关于x的方程x2+2ax+a2=0的一个根,求a的值.
25.已知∠α的顶点在正n边形的中心点O处,∠α绕着顶点O旋转,角的两边与正n边形的两边分别交于点M、N,∠α与正n边形重叠部分面积为S.
(1)当n=4,边长为2,∠α=90°时,如图
(1),请直接写出S的值;
(2)当n=5,∠α=72°时,如图
(2),请问在旋转过程中,S是否发生变化?
并说明理由;
(3)当n=6,∠α=120°时,如图(3),请猜想S是原正六边形面积的几分之几(不必说明理由).若∠α的平分线与BC边交于点P,判断四边形OMPN的形状,并说明理由.
参考答案
1.A
【解析】
【分析】
根据向左平移横坐标减,向下平移纵坐标减求出平移后的抛物线的顶点坐标,然后利用顶点式写出即可.
【详解】
解:
∵抛物线y=5x2向下平移3个单位,向左平移2个单位,
∴平移后的抛物线的顶点坐标为(-2,-3),
∴平移得到的抛物线的解析式为y=5(x+2)2-3.
故答案为:
A.
【点睛】
本题考查了二次函数与几何变换:
由于抛物线平移后的形状不变,故a不变,所以求平移后的抛物线解析式通常可利用两种方法:
一是求出原抛物线上任意两点平移后的坐标,利用待定系数法求出解析式;二是只考虑平移后的顶点坐标,即可求出解析式.
2.A
【分析】
AB为xm,则BC为(24﹣3x)m,利用长方体的面积公式,可求出关系式.
【详解】
解:
如图所示:
AB为xm,则BC为(24﹣3x)m,
所以S=(24﹣3x)x=﹣3x2+24x.
故选A.
【点睛】
考查了根据实际问题列二次函数关系式的知识,解题的关键是能够用自变量x表示出矩形的长与宽.
3.D
【分析】
连接EB,设圆O半径为r,根据勾股定理可求出半径r=4,从而可求出EB的长度,最后勾股定理即可求出CE的长度.利用锐角三角函数的定义即可求出答案.
【详解】
解:
连接EB,
由圆周角定理可知:
∠B=90°,
设⊙O的半径为r,
由垂径定理可知:
AC=BC=4,
∵CD=2,
∴OC=r-2,
∴由勾股定理可知:
r2=(r-2)2+42,
∴r=5,
BCE中,由勾股定理可知:
CE=2
,
∴cos∠ECB=
=
,
故选D.
【点睛】
本题考查垂径定理,涉及勾股定理,垂直定理,解方程等知识,综合程度较高,属于中等题型.
4.B
【解析】设四周垂下的边宽度为xcm,
桌布的长为(150+2x),宽为(100+2x),
根据桌布面积是桌面的2倍可得:
(150+2x)(100+2x)=150×100×2,
故选B.
点睛:
本题主要考查由实际问题抽象出一元二次方程的知识点,解答此题的关键是求得桌布的长和宽,进一步运用长方形的面积解决问题.
5.B
【解析】
【分析】
根据勾股定理求出CD,证明△AEC∽△ACD,根据相似三角形的性质列出比例式,计算即可.
【详解】
解:
∵⊙O的半径为5,∴AD=10,
∵AD是直径,
∴∠ACD=90°,
∴CD=6,
∵AB=AC=8,且AD是直径,
∴AD
BC
∴由面积相等得,
AC•BC=
AD•EC
解得,EC=
,
故选B.
【点睛】
本题考查的是三角形的外接圆与外心的概念和性质,掌握圆周角定理、相似三角形的判定定理和性质定理是解题的关键.
6.B
【分析】
根据垂径定理:
垂直于弦的直径平分弦,并且平分弦所对的弧求解.
【详解】
解:
∵直径AB⊥弦CD
∴CE=DE
故选B.
【点睛】
本题考查垂径定理,本题属于基础应用题,只需学生熟练掌握垂径定理,即可完成.
7.C
【解析】
【分析】
由方程有两个实数根,得到根的判别式大于等于0,即可确定出a的范围.
【详解】
解:
∵关于x的方程x2﹣4x+4a=0有两个实数根,
∴△=16﹣4×4a≥0,
解得:
a≤1,
故选:
C.
【点睛】
此题考查了根的判别式,一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的根与△=b2-4ac有如下关系:
①当△>0时,方程有两个不相等的两个实数根;
②当△=0时,方程有两个相等的两个实数根;
③当△<0时,方程无实数根.
8.A
【分析】
列出可能出现的情况,根据概率公式即可得出答案.
【详解】
抛掷两枚均匀的硬币,可能出现的情况为:
正正,反反,正反,反正,
∴出现两个反面的概率为
,
∴抛掷多次以后,出现两个反面的成功率大约稳定在
.
故选A.
【点睛】
考查利用频率估计概率
大量反复试验下频率稳定值即概率
用到的知识点为:
概率
所求情况数与总情况数之比.
9.B
【分析】
根据弦的定义进行分析,从而得到答案.
【详解】
图中的弦有AB,BC,CE共三条,
故选B.
【点睛】
本题考查了弦的定义:
连接圆上任意两点的线段叫弦.
10.D
【详解】
A、是轴对称图形,不是中心对称图形.故本选项错误;
B、不是轴对称图形,是中心对称图形.故本选项错误;
C、一般梯形不是轴对称图形,也不是中心对称图形.故本选项错误;
D、既是轴对称图形,又是中心对称图形.故本选项正确.故选D.
11.45
【解析】
【分析】
作DH⊥BC于H,如图,易得四边形ABHD为矩形,则BH=AD=1,AB=DH,所以HC=BC﹣BH=1,再根据旋转的性质得∠FBD=90°,BF=BD,则可判断△BDF为等腰直角三角形,所以BA⊥DF,根据等腰直角三角形的性质得AB=AF=AD=1,则DH=1,然后再判断△DHC为等腰直角三角形,于是可得∠C=45°.
【详解】
解:
作DH⊥BC于H,如图,
∵AD∥BC,∠DAB=90°,
∴四边形ABHD为矩形,
∴BH=AD=1,AB=DH,
∴HC=BC﹣BH=2﹣1=1,
∵△ABD绕着点B逆时针旋转90°得到△EBF,
∴∠FBD=90°,BF=BD,
∴△BDF为等腰直角三角形,
∵点F刚好落在DA的延长线上,
∴BA⊥DF,
∴AB=AF=AD=1,
∴DH=1,
∴△DHC为等腰直角三角形,
∴∠C=45°.
故答案为45.
【点睛】
本题考查了旋转的性质:
对应点到旋转中心的距离相等;对应点与旋转中心所连线段的夹角等于旋转角;旋转前、后的图形全等.也考查了矩形的判定和性质,等腰直角三角形的判定和性质.
12.2
【解析】
试题分析:
∵最简二次根式
与
是同类二次根式,
∴7a-1=6a+1,
解得:
a=2.
故答案为2.
点睛:
此题主要考查了同类二次根式的定义,即:
二次根式化成最简二次根式后,被开方数相同的二次根式叫做同类二次根式.
13.
且
【详解】
∵式子
在实数范围内有意义,
∴x+1≥0,且x≠0,
解得:
x≥-1且x≠0.
故答案为x≥-1且x≠0.
14.-1
【解析】
【分析】
根据函数当x>0时,y随x的增大而增大可以判断k的符号,然后解方程求得k的值即可.
【详解】
解:
k2﹣k﹣2=0,
解方程得k=2或k=﹣1,
∵当x>0时,y随x的增大而增大,
∴k<0,
∴k=﹣1.
故答案为:
﹣1.
【点睛】
本题考查了反比例函数的性质及解一元二次方程的知识,比较简单,属于基础题.
15.(2,-7)
【解析】
试题分析:
原式化为顶点式解析式,即为y=(x-2)2-7,所以其顶点坐标是(2,﹣7).
考点:
求二次函数的顶点坐标.
16.8
【解析】试题分析:
设这个小组有x人,那么每个人送的贺卡为x-1张,那么根据题意可得出方程为x(x-1),即可列出方程求解.注意根据实际意义进行值的取舍.
试题解析:
设这个小组有x人,那么每个人送的贺卡为x-1张,根据题意得:
x(x-1)=56
解得x=-7(不合题意舍去),x=8
考点:
一元二次方程的应用.
17.y=(x﹣2)2
【解析】
【分析】
直接根据“左加右减”的原则进行解答即可.
【详解】
解:
由“左加右减”的原则可知,将抛物线y=x2向右平移2个单位,所得函数解析式为:
y=(x﹣2)2.
故答案为:
y=(x﹣2)2.
【点睛】
本题考查了二次函数图象与几何变换,熟练掌握平移的规律:
左加右减,上加下减是解题的关键.
18.
.
【解析】
试题解析:
连接OE、AE,
∵点C为OA的中点,
∴∠CEO=30°,∠EOC=60°,
∴△AEO为等边三角形,
∴S扇形AOE=
∴S阴影=S扇形AOB-S扇形COD-(S扇形AOE-S△COE)
=
=
=
.
19.
(1)
;
(2)当售价定为30元/时,该工艺品每天获得的利润最大,最大利润为7000元
【详解】
解:
(1)设y与x的函数关系式为
,
把x=22,y=780,x=25,y=750代入
得
,
解得
∴函数的关系式为
;
(2)设该工艺品每天获得的利润为w元,
则
;
∵
,
∴当
时,w随x的增大而增大,
所以当售价定为30元/时,该工艺品每天获得的利润最大.
即
元;
答:
当售价定为30元/时,该工艺品每天获得的利润最大,最大利润为7000元.
20.
【解析】
【分析】
首先连接OA,OB,OC,由外接正六边形的性质,可证得△OAB是等边三角形,继而求得答案.
【详解】
解:
如图,连接OA,OB,OC,则∠AOB==60°,
∵⊙O是内切圆,
∴OC⊥AB,
∵OA=OB,
∴△AOB是等边三角形,
∴OA=AB=OB,∠OAB=60°,
∵OC=r,
∴OA=
=
r,
∴AB=
r.
即外接正六边形的边长为:
r.
【点睛】
此题考查了圆的外接正六边形的性质以及等边三角形的判定与性质.此题难度不大,注意掌握辅助线的作法,注意掌握数形结合思想的应用.
21.
(1)连成△ABE的概率为
;
(2)连成的三角形的两个顶点在直线l2上的概率为
.
【解析】
试题分析:
列举出符合题意的各种情况的个数,再根据概率公式解答即可.
试题解析:
:
由l1上选一个点,在l2上选两个点可以得到3×3=9个三角形,由l1上选两个点,在l2上选一个点可以得到3×3=9个三角形,即任取三个点连成一个三角形总个数为18个,
(1)连成△ABE的概率为
;
(2)连成的三角形的两个顶点在直线l2上的概率为
.
考点:
几何概率.
22.80棵
【解析】
由题意知该校购买树苗超过60棵,设该校共购买了x棵树苗,根据题意列方程得
解:
因为60棵树苗售价为120元×60=7200元<8800元,
所以该校购买树苗超过60棵,设该校共购买了x棵树苗,由题意得:
x[120-0.5(x-60)]=8800,
解得:
x1=220,x2=80.
当x2=220时,120-0.5×(220-60)=40<100,
∴x1=220(不合题意,舍去);
当x2=80时,120-0.5×(80-60)=110>100,
∴x=80,
答:
该校共购买了80棵树苗.
23.x2+65x﹣350=0.
【解析】
【分析】
挂图长为(80+2x)cm,宽为(50+2x)cm,根据其积为5400,即长×宽=5400,列方程进行化简即可.
【详解】
解:
挂图长为(80+2x)cm,宽为(50+2x)cm;
所以(80+2x)(50+2x)=5400,
即4x2+160x+4000+100x=5400,
所以4x2+260x﹣1400=0.
即x2+65x﹣350=0.
【点睛】
此题主要考查了由实际问题抽象出一元二次方程,对于面积问题应熟记各种图形的面积公式,然后根据题意列出方程是解题关键.
24.1
【解析】
试题分析:
根据一元二次方程解的定义,把x=﹣1代入x2+2ax+a2=0得到关于a的一元二次方程1﹣2a+a2=0,然后解此一元二次方程即可.
试题解析:
把x=﹣1代入x2+2ax+a2=0得
1﹣2a+a2=0,
解得a1=a2=1,
所以a的值为1.
25.
(1)1;
(2)不变;(3)
,四边形OMPN是菱形.
【解析】
【分析】
(1)如图1,连接对角线OA、OB,证明△AOM≌△BON(ASA),则S△AOM=S△BON,所以S=S△ABO=S正方形ABCD=×4=1;
(2)如图2,在旋转过程中,∠α与正n边形重叠部分的面积S不变,连接OA、OB,同理证明△OAM≌△OBN,则S=S△OBN+S△OBM=S△OAM+S△OBM=S△OAB,故S的大小不变;
(3)如图3,120°相当于两个中心角,可以理解为一个中心角连续旋转两次,由前两问的推理得,旋转一个中心角时重叠部分的面积是原来正n边形面积的,则S是原正六边形面积的;也可以类比
(1)
(2)证明△OAM≌△OBN,利用割补法求出结论;
四边形OMPN是菱形,
理由如下:
如图4,作∠α的平分线与BC边交于点P,作辅助线构建全等三角形,同理证明△OAM≌△OBP≌△OCN,得△OMP和△OPN都是等边三角形,则OM=PM=OP=ON=PN,根据四边相等的四边是菱形可得:
四边形OMPN是菱形.
【详解】
(1)解:
如图1,连接OA、OB,
当n=4时,四边形ABCD是正方形,
∴OA=OB,AO⊥BO,
∴∠AOB=90°,
∴∠AON+∠BON=90°,
∵∠MON=∠α=90°,
∴∠AON+∠AOM=90°,
∴∠BON=∠AOM,
∵O是正方形ABCD的中心,
∴∠OAM=∠ABO=45°,
在△AOM和△BON中,
∵
,
∴△AOM≌△BON(ASA),
∴S△AOM=S△BON,
∴S△AOM+S△AON=S△BON+S△AON,
即S四边形ANDM=S△ABO=S,
∵正方形ABCD的边长为2,
∴S正方形ABCD=2×2=4,
∴S=S△ABO=S正方形ABCD=×4=1;
(2)解:
如图2,在旋转过程中,∠α与正n边形重叠部分的面积S不变,
理由如下:
连接OA、OB,
则OA=OB=OC,∠AOB=∠MON=72°,
∴∠AOM=∠BON,且∠OAB=∠OBC=54°,
∴△OAM≌△OBN,
∴四边形OMBN的面积:
S=S△OBN+S△OBM=S△OAM+S△OBM=S△OAB,
故S的大小不变;
(3)解:
猜想:
S是原正六边形面积的,理由是:
如图3,连接OB、OD,
同理得△BOM≌△DON,
∴S=S△BOM+S四边形OBCN=S△DON+S四边形OBCN=S四边形OBCD=S六边形ABCDEF;
四边形OMPN是菱形,
理由如下:
如图4,作∠α的平分线与BC边交于点P,
连接OA、OB、OC、OD、PM、PN,
∵OA=OB=OC=OD,∠AOB=∠BOC=∠COD=∠MOP=∠PON=60°,
∴∠OAM=∠OBP=∠OCN=60°,∠AOM=∠BOP=∠CON,
∴△OAM≌△OBP≌△OCN,
∴OM=OP=ON,
∴△OMP和△OPN都是等边三角形,
∴OM=PM=OP=ON=PN,
∴四边形OMPN是菱形.
【点睛】
本题考查了正n边形的性质、全等三角形的性质和判定、正n边形的中心角、中心等定义以及旋转等知识,明确正n边形的中心角=
,熟练掌握全等三角形的性质和判定,难度适中,本题还运用了类比的思想解决数学问题.
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