大连理工大学《工科数学分析基础》第二章复习docx文档格式.docx
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"
_U(x)」
例4设y=xa'
+ax+xv,求y‘
解尸/皿+口严+/呎
X
y=e(,x,n\axln^zlnx+—)+”夕,nx(1+Inx)Ina+/,n”(心心in%+齐)
=x°
xax(IndIn兀+—)+ae(1+Inx)xx•Ina+xx°
+<
/_,(alnx+1)
函数表达式为若干因子连乘积、乘方、开方或商形式的微分法:
采用对数微分法(即先对式子的两边取口然对数,然后在等式的两端再对x求导)
2(兀+3)2(3-2兀2)4
例5设尸(“后E
解先将表达式写成分式指数幕的形式
24£
y=(兀一2尸(兀+3)^(3-2兀$)*1+x2)刁(5一3x3)'
5
Iny二2ln(x-2)+|ln(x+3)+彳ln(3-2x2)-|ln(l+x2)-|ln(5一3x3)
上式两边对x求导,得
2L=_2_+_?
+—
yx-23(兀+3)3(3-2x2)3(1+〒)5-3x3
(x+3)2(3-2x2)4
(1+x2)(5-3x3)
2216x2x3x2
+——+
兀一23(x+3)3(3-2x2)3(1+x2)5-3x3_
分段函数微分法:
各区间内的导数求法与一般所讲的导数求法无界,要特別注意的
是分界点处的导数一定要用导数的定义求°
例如使用公式/©
)=lim"
兀)_/(和及左右XTXoX-X(}
导数来求是否可导。
兀3siny工0
例6设0(力=1I,又函数/(兀)可导,求F(x)=f[(p(x)]的导数.
0x=O
解当兀工0时,F'
(jc)=f\(p{x)]3x2sin—-xcos—
LxX
F(0)Mn/(“)"
(°
)“n/g)]7(°
)
XT°
X-05
(31)
fx3sin--/(0)
=limIX
A->
x-0
x3sin—-0
3・1)
兀sin-
兀丿
f
lim—t
xtO3.1八
x'
sin——0
x
-/(0)
x3sin—
兀
(1\
•limx2sin—
x丿
/z(0)・0=0.
当x=Q时
IX丿
VXx)
故F\x)=<
x.2高阶导数求法
1.直接法:
求出所给函数的1〜3阶或4阶导数后,分析所得结果的规律性,从而写出几阶导数的方法。
例1设y=excosx,求yin)。
(龙)cosx+—
4丿
-esinx+—
I4丿
/、
=(V2)2^vcosx+2•—
(兀、
cosx+—
y("
)=(Q)"
『cos(x+m^)。
4
2间接法
利用已知的高阶导数公式,通过四则运算,变量代换等方法。
求出给定的函数的n阶导数。
兀+3
x~—3x+2
x3-3x2+2x
3x2-9x4-6
7x-6
7x-6AB
=1
(x—2)(x—1)x—2x—}
_A(x-l)+B(x-2)
(x-2)(x-l)
7x-6=A(x-l)+B(x-2)
3x2一2x
(1)分式有理幣数的高阶导数
y=(x+3)+
y⑷=(x+3)⑷+[8(x-2)_,](w)-[(x-I)-'
](w)
=0+(_1)“.8•n!
(x-2尸-"
-(-1)”祕(兀一l)-,_w(n>
2)
(2)rtlcosH6a,sinw0均为口然数)的和、差、积所构成的函数的高阶导
数可利用积化和差和差与倍角公式把函数的次数逐次降低,最后变为cosAx,sin也Z和、差形式,再用公式sin(/z)kx=knsin(fcx+n-—),cos(/,)kx=kncos(fcr+77•—)将给出函数的n阶导数写出来。
例3ijy=sin6x+cos6x,求理。
解y=(sin2x)3+(cos2x)3=(sin2x+cos2x)(sin4x-sin2xcos2x+cos4x)
=sin4x+cos4x-sin2xcos2x=(sin2x+cos2x)2-3sin2xcos2x
13.[3l-cos4兀53.
=l——snr2x=I=—+-cos4x
44288
3兀、
y{n}=•4"
•cos4x+/?
•o
8I2丿
(3)利用递推公式求n解导数
例4设y=,arcsinx,求y"
(0)。
Vl-x2
5,X1.1
解y=.arcsinx+?
*i-x27iZ?
1」
(1-%2)y-aj'
-1=o
=>
(l-x2)y^-3xy?
-y=0
(1-x2)^-5x)^-4/=0
a
i
(1-F)严)一⑵7+\)xy(n)-n2y(n'
{)=0
显然,当x=0时,
C=0,〉严=4,
y(T)(O)»
2)MT)(0)
y^=22=4V,
严=42.22=42-22-12=42(2!
)2
y⑺=6—43•32>
2242=43(3!
故严(0)=0,严D(0)=4"
(刃)2。
X.3洛必达法则
使用洛必达法则求极限时,需要注意两点
(1)先检查法则的条件是否具备
(2)配合其他求极限的方法,例如化简、分子(或分母)有理化、先求出非零因式的极限、等价无穷小替换(要注意只能在乘积项上替换)等等,以使运算简捷。
n...Vl+tanx-Vl+sinx
例1求limo
xt()xsin^x
A7J「Jl+tanx-71+sinx
解lim.
兀toxsin^x
(1+tanx)-(l+sinx)八丁若丫中小
=\m,—/.—分子有理化
(VI+tanx+a/1+sinx)xsin^x
=limtanX~finX•lim/1/.提取极限不为零的因子
9
sec〜x-cosx
“tanx-sinx=lim
xtO
go兀siirxxto+tanx+"
I+sinx
兀3
1“1+tan2x-cosx
—lim;
2go3兀2
=丄恤9
23)3X2
11-cosx1tan2x
=—lim+—lim—
2心()3;
r2心()3x2
等价无穷小代换
sinx•
1sinx
化简
分离因式
1-cosx•lim
=丄lim—
25%3
1sinx..
=—limlim2
牙T0COSX牙TOx
1sin尢1
—•1•1•lim=—
2XTO2x4
X.4中值定理
构造出使用中值定理的函数,对证明式变形,并将§
换为X,从而得到所使用函数的导数式,由此构造出所需的函数。
例1已知函数/(兀)在[0,1]±
连续,在(0,1)内可导。
证明:
至少存在一点gw(0,1),使得/*
(1)=3孑/。
分析:
将§
换为x得,/⑴=3扌/(兀)+疋/©
),而后面的表达式显然为x3f(x)的导数。
所以可设F(x)=x3/U)o
证明设F(x)=x3f(x),易知该函数在[0,1]上连续,在(0,1)内可导。
从而由拉各朗口中值定理有
F⑴一F(0)=尸©
(1-0)=e(0,1)
即/
(1)=3孑/©
+孑/毬)。
习题课二
例1求下列函数的导数
(1)y=sin如(兀)+沁x),其中0(兀)、肖(兀)可导;
(2)y=ex2f(xe2),其中/(况)可导;
⑶y=f{f[fM]},其中/⑷可导。
解
(1)#=[sin7(p1(x)+y/~(x)]'
=cos7^2W+<
/2U)•[如⑷+以劝丫
=cosj0“x)+02(x).—,,"
•[(p\x)+才(兀)了
2如(兀)+沁兀)
=cosJe’OO+TO).—7==!
•[2°
(x)0(兀)+20(兀)『(兀)]
2J心)+沁兀)
=如怦X)+站(兀)+心)
E+心)7屮屮
ooo2。
o
⑵y=[“/*)]‘=(护)w)+”[/(/)]
=/(兀2)了(才2)+訂八/)•(小
=2xex2f(xe2)+f(xe2)
(3)y=/{/[/(%)]i•{/t/wir
=/V[/wj}-/vu)]-[/u)r
/V[/W]}-/V(x)]/(x)o
例2设f\x)存在,求lim/(兀+心)-/(兀-血)att()Ax
解lim“X+心)一/(兀一"
心)
AytO
limMx+Q心)一/G)+/(兀)一/(兀一〃心)
axtoAx
Hm/(%+込)-/(劝_lim/(兀-皿)-/(劝心t()Ax心t()Av
lim•心+心)7C%_怙用-处)-〃)(」)山T()a\x山T()—b^X
q厂(X)-(-b)f(x)=(a+b)f(x).
例3若0(兀)在x=a处连续,/(x)=(x-a)(p(x),求f\a)o
解由于0(兀)在x=a处连续而不是可导,所以不能直接对f(x)=(x-a)(p(x)运用求导公式,而应按定义来求fS
fXa)=lin/⑴一弘)=lim^^W)-0=恤久尢)=恥)。
XT"
X-aXT"
■
曲彳広“、Fsin一CxHO),,
例4设/(x)=<
x求f(x)o
1(x=0),
这时
iY
sin—+fcos—
解当x^O时,/(x)=x3sin-为一初等函数,
f\x)=3x2siJ*?
22•11
=3xsin——xcos—;
xx
当兀=0时,由于
lim/(x)=limx3sin—=OH/(0),
xtOxtO%
所以/(x)在x=0处不连续,由此可知/(x)在x=0处不可导O
例§
设心;
:
叢问"
为何值时’加在“°
处可导?
解/(兀)在兀=0处可导的充要条件是在该点处左、右导数存在且相等。
£
(0)=恤Kv)7(°
)=加+一(1+叽亦兰二[=2
X—>
0X-V—>
0XX—>
0X
r(0)=limf(x)-/(0)=lim血奴一(1+盯
a•—>
0+XxtOX
要上述极限存在,必须分子的极限为零,即得1+方=0,于是方=-1,此时
仃sinor
A(°
)=hm=a.
xt0+X
由斤(0)=穴(0),得d=2,所以当a=Zb=-\时,.f(x)在兀=0处可导。
例6求y=sin4无+cos・得料阶导数。
解y=sin4x+cos4x=(sin2x+cos2x)2-2sin2xcos2x
l<
l-cos4x>
目2丿
=4cos(4x+2*y)
所以y{n)=cos(4x+n-彳).
I_arclan-z/rd^X
例7设Z—,求齐硬
arctan—x
解讲两边取对数得^ln(^24-y2)=ln5+arctan
2x—+2y
两边求导得丄d、'
=—'
—
2忒+*1+占
x~y~r
7
即冬=qdy兀+y
d2x_ddxdy2dydy
r/r
整理后得(兀+刃竺=兀一歹,
zdx=、/、/xzdx(、
(3—1)(*+y)—(x—y)(〒+1)
(x+y)2
用dx=x-y代入,得dyx+y
d2x=2(x2+/)dy2~(兀+刃$
rr
例8求三叶玫瑰线r=asin3&
在对应&
二一的点处的切线方程。
x=厂(&
)cos0-asin3&
cos&
y-厂(&
)sin&
=asin3&
sin0
dy_dO_3acos3&
sin&
+asin3&
dxdx3dcos3&
cos&
一asin3&
sin&
d0
j1x=—
d丄切点为2
dx&
上2a
45r
切线方程x—2y+纟=0。
2
例9某人以2m/s的速度通过一座桥,桥而高处水而20m,在此人正下方有一条小船以
-mis的速度在与桥垂直的方向航行,求5秒后人与小船分离的速度。
解设经过/秒后船与人的距离为$加人行走距离为xm,船行距离为yw,则
r(r)=x2(r)+r(r)+202o所建立的方程并不是$与/的直接函数关系,但因为所求的
V=W且已知知2号号所以可借助于相关变化率来求。
当t=5时,x=lQ.y=—
两边对/求导,得2s—=2x—+2y^
dtdtdt
例10设ev+v-ysinx=0,求心。
解方程两边取微分,有d(ex+y)-d(ysmx)=Q
整理后得dy=豐―严dx=e〉一sinx
y(cosx-sinx)
(^-l)sinx
dxo
即ex+yd(x+y)-[sinxdy+ydsinx]=0,即ex+y(dx+dy)一[sinxdy+ycosxdx]=0,
例11设/(兀)在[a.b]±
连续,在(a,b)内可导,证明在(a,b)内存在一点使
/@)=弋_严)成立。
b_E
分析此题一般用中值定理证,困难在于如何构造辅助函数,将
/'
©
=/电一严)变形为/©
-f(a)=/毬)@-,b_g
即—◎—/©
+f(a)=0.由此式,应构造一个函数F(x),使其满足
尸(兀)=fM(b-x)-f(x)+f(a\F(a)=F(b)
F\x)=bf(x)-[xf\x)+f{x)]+f(a)=財⑴丫-[#«
+[f(a)x]f
=[hf(x)一xf(x)+f(a)xX=[(b-x)(/(x)一f(a)+bf(a)X
由此取F(x)=(^-x)[/(x)-/(tz)],显然有F(a)=F(b)«
由此再由罗尔定理即得。
例12设/(兀)在[a,切上连续,在(%)内可导(a>
0,b>
0)。
求证:
方程f(b)-f(a)=x\n—广(兀)在(a,b)内至少有一个根。
分析将方程变形为xln-f\x)一[/(/?
)一/(a)]=0,a
ax
如果能构造函数F(x),使F(b)=F(a),且
F\x)=lnbfXx)-[f(b)-f(a)]1
由此可得F(x)=In-[/(x)-f(a)]-1f(b)-/(«
)|(ln%-In则按罗尔定理即可
例13/(x)在[0,1]±
可导,且0V/(兀)<
1,在(0,1)内/(x)/1,证明在(0,1)内有
且仅有一点兀(),使/(x0)=x0o
证令F(x)=/(x)-x,F(x)在在[O,1J±
连续,且F(0)=/(0)-0=/(0)>
0,
F(l)=/(l)-l<
0,因此F(0)F(l)<
由零点定理,在(0,1)内有一点兀0,使F(xo)=O,即/(%0)=x0
如果存在兀],兀0(西MX。
),使/U1)=x1,/(x0)=x0,不妨设0<
兀0<
西<
1。
则F(x)
在[兀0,西]上满足罗尔定理得条件,故在(兀。
西)内至少有一点§
,使
F©
=广©
-1=0,从而=1
与所给条件f\x)1矛盾,所以仅有一点勺使/(兀())=无).
例14设函数于(劝二阶可导,证明
(Ar)2
广(力=lim/(兀*心)*‘°
-心)-2/(兀)J心T0
证原式右端是9形未定式,用洛必达法则得到
右端=lim/©
+心)+/©
-心)(-1)
心to2(心)
=liml/'
(X+Ax)-广(兀)(兀一Ay)-(兀)
心to2_AxAx
=扣3+厂(兀)]=厂(兀)
例15设/(Q可导,试证/(Q的两个零点之间一定有/(%)+f(x)的零点。
分析我们需要找到一个F(x)使F(a)=F(b)=0,其中a,b是f(x)的零点,且F\x)
应能表示成形式/(%)4-f\x)o由于f\a)=/(/?
)=0,所以可设F(x)=w(x)•/(x),则
F(a)=F(b)=0o这时
F\x)=u\x)f(x)+u(x)f\x)
要想使F(x)能表示成形式/(%)+/(%),如果有u\x)=u(x)就行了。
只有一个函数能使u(x)=u(x),即几从而我们可设F(x)=exf(x),则在[a上]上使用罗尔定理即可。
例16在近丽册,…;
眉,…中求出最大的一个数.
丄
解设/(x)=Xx,求/(X)=Xx的最大值.
.丄Inx>
丄Inx1—Inr—1—Inr.
f(x)=(ex)=ex7—=%vo—;
令/(x)=°
解得x=eo
当0vxva时,f\x)>
0;
当时,f\x)<
0,所以/(x)在x=€取得最大值。
又因为/(兀)可导,且只有一个极值点,所以为最大值。
又2<
e<
3,因此最大值在血,明
之I'
可。
而(V2)6=8,(V3)6=9,知血v明,所以明为数列屮的最大值。
例17曲线y=lx6(x>
0)上哪一点处的法线在y轴上的截距最小.
解设丿=丄<
在(兀,刃处的法线方程为Y-y=k(X-x)f
因为yz=2x5,所以£
=一一,法线方程为Y-y=--(X—兀),
2x'
2r
整理后为
2x52x4
法线在y轴上的截距为/?
=^t+|x6o
求此函数的极值:
令//=0,解得x}=^x2=-l(舍去);
//=£
+10/,//
(1)=20>
(),
故b⑴为极小值。
由于驻点唯一,知它即是最小值,因此曲线在点(1丄]处的法线在y轴上
3)
截距最小。
例18讨论方程ln%=^(其屮a>
0)有几个实根?
解设f\x)=\nx-ax,xe(0,+oo),则厂(兀)二丄一口,故x=—为f(x)的驻点,且兀a
兀v丄时,f(x)>
0,当兀〉丄时,f(x)<
0,从而/(丄)为最大值,
aaa
当/(-)>
0时,即一\na-\〉0,亦即0vgv丄时,由于ae
limf(x)=一x,limf(x)=一^,
A-»
0+XT8
所以此时方程有两个根
当f(丄)=0时,即口=丄时,此时方程有一个根
ae
当/(-)v0时,即a>
-时,方程无根.
例19设函数/(兀)在[0,1]上可导,当05兀51时,|/(兀)(兀)|52。
当
0<
x<
lW,|f\x)\<
3.
分析题目中出现了/(兀),/©
),厂⑴,及点兀=0和x=l,所以可把/(0),/
(1)在x处展成一阶泰勒公式.
证由泰勒公式,有
/(0)=/(x)+r(x)(0—X)+今』(0—兀)2占在0与X之间
(1)
/
(1)=/(兀)+rw(i-x)+广弊(1-兀)2,§
2在1与x之间
(2)
由
(2)-
(1)得/⑴—/(0)=/3+,胃(1一兀)2-丄字无2所以
If(X)|<
|/
(1)|+|/(0)I+*I厂©
)IX2+||厂(匚)I(1-兀)2<
2+x2+(1-x)2<
例20设函数/(劝在0,切上二阶可导,f(a)=f(b)=0,证明:
存在兵(a,b),
使g'
E/w
41
分析题目中出现了一阶导数及二阶导数,由于出现了ab二一-—,所
(b-a)2fb-a)>
以我们可以考虑泰勒公式在x=a,x=h,x=-处
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