高考物理五月狂练题精编2+Word版含答案Word格式.docx

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A．根据任意两计数点的速度用公式

算出加速度

B．根据实验数据画出v–t图象，量取其倾角θ，由公式a=tanθ求出加速度

C．根据实验数据画出v–t图象，由图象上相距较远的两点所对应的速度、时间用公式

D．依次算出通过连续两计数点间的加速度，算出平均值作为小车的加速度

将纸带从墨粉纸盘下面穿过打点计时器，然后接通开关，听到放电声，拖动纸带运动，最后当纸带完全通过电火花计时器后，及时关闭电火花计时，上述步骤正确的顺序是DCBA。

（3）小车做匀加速直线运动，平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故vA=

cm/s=55cm/s=0.55m/s；

根据推论公式

，有

。

（4）在处理实验数据时，如果只使用其中两个数据，由于偶然误差的存在可能会造成最后误差较大；

所以我们可以根据实验数据画出v–t图象，考虑到误差，不可能是所有点都整齐的排成一条直线，连线时，应该尽量使那些不能画在线上的点均匀地分布在线的两侧，这样图线上会舍弃误差较大的点，由图线上任意两点所对应的速度及时间，用公式

算出加速度，所以误差小，故A错误，C正确；

若用一组数据则无法求得加速度a，故B错误；

若依次算出通过连续两计数点间的加速度，算出平均值作为小车的加速度，则实际应用的只是第一组和最后一组数据，同样存在较大的误差，故D错误。

1、（2017·

湖南省邵阳市高三第二次大联考）学校“身边的物理”社团小组利用传感器研究物体的运动．在一小球内部装上无线传感器，并将小球竖直向上抛出，通过与地面上接收装置相连的计算机描绘出小球上抛后运动规律的相关图象．已知小球在运动过程中受到的空气阻力随速度的增大而增大，则下列图象可能是计算机正确描绘的是（已知v、t分别表示小球速度的大小、运动的时间）（　　）

解析：

选D.在上升过程和下降过程中，小球受到重力和阻力，根据速度的变化关系，判断出阻力的变化关系，结合牛顿第二定律判断出加速度的变化即可判断在上升阶段，物体做减速运动，根据牛顿第二定律可知mg＋f＝ma，其中f＝kv，由于速度减小，阻力减小，加速度减小，当速度达到0时，小球向下做加速运动，根据mg－kv＝ma可知，随时间的延续，速度增大，阻力增大，加速度减小，在v－t图象中斜率代表加速度，故D正确．

【链接】距地面高5m的水平直轨道上A、B两点相距3m，在B点用细线悬挂一大小可忽略的小球，离地高度为h，如图。

小车始终以6m/s的速度沿轨道匀速运动，经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B点时细线被轧断，最后两球同时落地。

不计空气阻力，取重力加速度的大小g＝10m/s2。

可求得细线长为（）

A．1.25mB．2.25mC．3.75mD．4.75m

【答案】C

【解析】小车上的小球自A点自由落地的时间t1＝

，小车从A到B的时间t2＝

；

小车运动至B点时细线轧断，小球下落的时间t3＝

根据题意可得时间关系为t1＝t2＋t3，即

＝

＋

解得h＝1.25m，即细线长为3.75米，选项C正确

2、（2018河南省郑州市盛同学校期中考试）如图所示，AB是与水平方向成30°

角的斜面，一个小铜块用细线悬挂于O点，用圆珠笔尖靠着线的左侧，沿斜面向右上方以速率v=

m/s匀速运动，运动中始终保持悬线竖直，下列说法正确的是（）

A.铜块的速度大小为2m/s

B.铜块的速度大小为

m/s

C.铜块的速度与水平方向成60°

角

D.绳子的拉力大小等于铜块的重力

【答案】BCD

【解析】铜块参与了平行于斜面方向的匀速直线运动和竖直方向上的匀速直线运动,两个分速度大小相等,都为v,根据平行四边形定则知,

.合速度的方向与水平方向的夹角为

.故B、C正确,A错误.D、由上分析可以知道,铜块做匀速直线运动,则绳子的拉力大小等于铜块的重力,所以D选项是正确的;

所以BCD选项是正确的.

3、如图所示，长为L的长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小物块，现缓慢地抬高A端，使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为α时小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端的速度为v，在整个过程中（　　）

A．木板对小物块做的功为

mv2

B．支持力对小物块做的功为零

C．小物块的机械能的增量为

mv2－mgLsinα

D．滑动摩擦力对小物块做的功为

【答案】AD

【解析】在运动过程中，小物块受重力、木板施加的支持力和摩擦力，整个过程重力做功为零，由动能定理得W木＝

mv2－0，A正确；

在物块被缓慢抬升过程中摩擦力不做功，由动能定理得W′木－mgLsinα＝0－0，则有W′木＝mgLsinα，B错误；

由功能关系，机械能的增量为木板对小物块做的功，大小为

mv2，C错误；

滑动摩擦力对小物块做的功Wf＝W木－W′木＝

mv2－mgLsinα，D正确．

4、（2018福建省莆田第六中学月考）如图所示，光滑的直角墙壁处有A、B两个物体，质量分别为

、

两物体间有一压缩的轻质弹簧用细线绷住，弹簧两端拴在物体上，弹簧储存的弹性势能为

，初时B物体紧靠着墙壁。

将细线烧断，A物体将带动B物体离开墙壁，在光滑水平面上运动。

由此可以判断（）

A.烧断细线后，A、B物体和弹簧组成的系统机械能、动量均守恒

B.物体B离开墙壁后，弹簧的最大弹性势能等于

C.物体B离开墙壁后弹簧第一次恢复原长时，A物体速度方向有可能向左

D.每当弹簧恢复原长时A物体的速度都等于

做加速运动，由于弹簧被拉伸，A做减速运动，当两者速度相同时，弹簧被拉伸最大，之后A仍做减速运动，若B的质量大于A的质量，故可能出现A的速度方向向左，C正确；

在B之后的运动过程中，系统机械能和动量守恒，由于当弹簧恢复原长时，弹性势能为零，故有

，

，联立解得

，D正确．

5、如图甲所示，两根光滑平行导轨水平放置，间距为L，其间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B.垂直于导轨水平对称放置一根均匀金属棒．从t＝0时刻起，棒上有如图乙所示的持续交变电流I，周期为T，最大值为Im，图甲中I所示方向为电流正方向．则金属棒（　　）

A．一直向右移动

B．速度随时间周期性变化

C．受到的安培力随时间周期性变化

D．受到的安培力在一个周期内做正功

【答案】ABC　

6、下列说法中正确的是（　　）

A．气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子无规则运动的缘故

B．液体表面具有收缩的趋势，这是液体表面层分子的分布比内部稀疏的缘故

C．黄金、白银等金属容易加工成各种形状，没有固定的外形，所以金属不是晶体

D．某温度的空气的相对湿度是此时空气中水蒸气的压强与同温度下水的饱和汽压之比的百分数

E．松香在熔化过程中温度不变，分子平均动能不变

【答案】ABD

二、非选择题

1、如图，轨道CDGH位于竖直平面内，其中圆弧段DG与水平段CD及倾斜段GH分别相切于D点和G点，圆弧段和倾斜段均光滑，在H处固定一垂直于轨道的绝缘挡板，整个轨道绝缘且处于水平向右的匀强电场中。

一带电物块由C处静止释放，经挡板碰撞后（碰撞后速度大小不变）滑回CD段中点P处时速度恰好为零。

已知物块的质量m＝4×

10－3kg，所带的电荷量q＝＋3×

10－6C；

电场强度E＝1×

104N/C；

CD段的长度L＝0.8m，圆弧DG的半径r＝0.2m，GH段与水平面的夹角为θ，且sinθ＝0.6，cosθ＝0.8；

不计物块与挡板碰撞时的动能损失，物块可视为质点，重力加速度g取10m/s2。

（1）求物块与轨道CD段的动摩擦因数μ；

（2）求物块第一次碰撞挡板时的动能Ek；

（3）物块在水平轨道上运动的总路程；

（4）物块碰撞挡板时的最小动能。

【答案】

（1）0.25　

（2）0.018J　（3）2.4m　（4）0.002J

（2）物块在GH段运动时，由于qEcosθ＝mgsinθ，所以做匀速直线运动③

由C运动至H过程中，由动能定理得

qEL－μmgL＋qErsinθ－mgr（1－cosθ）＝Ek－0④

由③式代入数据得Ek＝0.018J⑤

（3）物块最终会在DGH间来回往复运动，物块在D点的速度为0

设物块能在水平轨道上运动的总路程为s，由能量转化与守恒定律可得qEL＝μmgs⑥

由②③⑥式代入数据得s＝2.4m⑦

（4）物块碰撞挡板的最小动能E0等于往复运动时经过G点的动能，由动能定理得

qErsinθ－mgr（1－cosθ）＝E0－0⑧

由③⑧式代入数据得E0＝0.002J⑨

2、（2018届广东省五校协作体高三1月联考）如图所示，△MPN的区域内存在垂直于XOY平面向外的匀强磁场，磁感应强度为

，已知M（

，0）、N（

，0），∠PMN=∠PNM=30°

，PM、PN边界无阻碍。

坐标系的第三象限存在一个沿x轴负方向的匀强电场

，第四象限存在一个沿x轴正方向的匀强电场

，电场强度均为

在MN的正下方垂直于y轴处放置一个荧光屏，与y轴交于Q点，已知Q（0，

）。

一系列电子以相同的速度

从MN的直线区域内任意位置沿着y轴正方向射入磁场，已知由坐标原点O发射的电子，从点（

，0）处进入电场，忽略电子间的相互影响，不计重力。

求：

（1）电子的荷质比

（2）电子打在荧光屏上的长度

（3）讨论电子能否垂直打在荧光屏上，若能，请分析这些电子进入磁场时的横坐标；

若不能，请分析原因。

（1）

（2）

（3）

（2）电子在磁场中的圆周轨迹与MP相切时，电子能打在荧光屏的

处；

电子在磁场中的圆周轨迹与NP相切时，电子能打在荧光屏的

处，如图1所示。

当圆弧轨迹与MP相切时，如图2，

则：

电子垂直射入电场，所受电场力：

由

（1）可知：

根据牛顿第二定律，

电子在电场中做类平抛运动，可分解运动：

X轴的位移：

Y轴的位移：

由①~⑤式可得：

，所以S1Q的距离：

当圆弧轨迹与NP相切时，如图3，

则

电子在第四象限电场中同样做类平抛运动，同理可得：

所以，S2Q的距离：

所以，电子打在荧光屏上的长度为：

（3）存在电子垂直打在荧光屏上

由①②③式可得：

情况一：

在电场中的轨迹如图4，电子从J1点垂直进入第三象限的电场，在OQ的中点K1进入第四象限的电场，OK1=K1Q，由运动的对称性可知，此时的电子可以垂直打在荧光屏上。

在x轴方向：

y轴方向：

只要

，电子可以垂直打在荧光屏上

由⑥⑦⑧式可得

所以，电子进入磁场时的横坐标

情况二：

在电场中的轨迹如图5，电子从J2点垂直进入第四象限的电场，在OQ的中点K2进入第三象限的电场，OK2=K2Q，由运动的对称性可知，此时的电子可以垂直打在荧光屏上。

同理可得：

所以，此时电子进入磁场时的坐标

综上所述，电子能够垂直打在荧光屏上的横坐标为