高考全国卷理综选择题满分冲刺训练63解析版Word文件下载.docx
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酶的活性是受温度影响的,所以温度的变化会影响一个细胞周期持续时间的长短,B错误;
CDK1的存在能使细胞分裂顺利完成,故可能与细胞分裂过程中纺锤丝的形成有关,C正确;
各种CDK在细胞周期内特定的时间被激活,驱使细胞完成细胞周期,故能促进癌细胞分裂间期的某些活动,促进癌细胞的增殖,D错误。
3.Fabry病是一种遗传性代谢缺陷病,由编码α-半乳糖苷酶A的基因突变所致。
下图是该病的某个家系遗传系谱,已知该家系中表现正常的男性均不携带致病基因。
下列有关分析错误的是()
A.该病属于伴X隐性遗传病
B.Ⅲ-2一定不携带该病的致病基因
C.可通过测定α-半乳糖苷酶A的含量或活性来初步诊断该病
D.通过基因诊断可确定胎儿是否患有此病
【答案】B
【解析】本题主要考查遗传方式的判断,意在考查考生能理解所学知识的要点,把握知识间的内在联系和识图、图文转化的能力。
【详解】已知该家系中表现正常的男性不携带致病基因,而Ⅱ-2患病,说明Ⅱ-2的致病基因只来自于Ⅰ-1,说明该病属于伴X隐性遗传病,A正确;
正常基因用A表示,致病基因用a表示,则Ⅰ-1的基因型为XAY,Ⅰ-2的基因型为XAXa,Ⅱ-3的基因型为XAXA或XAXa,Ⅱ-4为XAY,Ⅲ-2有可能含有致病基因,B错误;
由题意知,编码α-半乳糖苷酶A的基因突变,故该病可通过测定α-半乳糖苷酶A的活性进行初步诊断,C正确;
该病为基因突变引起,可通过基因检测来确定胎儿是否患有该病,D正确。
4.糖尿病是一种以高血糖为特征的代谢性疾病。
其发病率在全球呈逐年上升趋势。
下图表示糖尿病患者(甲)和健康人(乙)体内血糖含量随时间的变化(血糖含量高于160mg∙dL-1时会出现尿糖),下列相关叙述正确的是()
A.若甲是因胰岛素受体异常而患糖尿病的,则在同一时间甲体内胰岛素浓度大于乙
B.用斐林试剂对B、E点时的尿液进行检查,正常情况下,水浴加热后均出现砖红色
C.乙曲线FG段血糖浓度下降的主要原因是血糖转化为糖原和非糖物质
D.乙曲线EF段中血糖可以转化为20种氨基酸
【答案】A
【解析】分析题意可知:
体内胰岛素分泌不足时,血糖合成糖元的作用就会减弱,结果会导致血糖浓度升高而超过正常值,一部分血糖就会随尿排出体外,形成糖尿。
糖尿是糖尿病的特征之一。
进食后由于消化吸收,血糖含量升高,则胰岛素分泌增加,胰高血糖素分泌減少。
【详解】若甲是因胰岛素受体异常而患糖尿病的,体内血糖含量高作为信号作用与胰岛B细胞释放胰岛素,故胰岛素含量大于乙,A正确;
用斐林试剂对B、E点时尿液进行检查,正常情况下,正常人乙不会出现尿糖,故水浴加热后B点的尿液会出现砖红色,B错误;
FG段血糖浓度下降的直接原因是运动开始后需要消耗大量的能量,即血糖大量参与氧化分解提供能量导致其降低,C错误;
乙曲线EF段中血糖浓度下降,可以转化为非必需氨基酸,20种氨基酸中有必需氨基酸,是人体从外界食物中获得的,D错误。
5.人体在特殊情况下,会产生针对自身细胞表面某些受体的抗体。
如重症肌无力是由于机体产生能与乙酰胆碱受体特异性结合的抗体,但抗体不能发挥乙酰胆碱的作用,致病机理如图所示。
下列说法中正确的是()
A.引起该病的原因是自身免疫能力过强,因此属于过敏反应
B.浆细胞特异性识别乙酰胆碱受体从而产生该抗体
C.重症肌无力患者体内的乙酰胆碱受体被当作抗原与该抗体结合
D.该突触中不能完成“电信号→化学信号”的转变
【解析】图中可以看出,左侧的突触上,突触后膜上的受体与抗体结合后被胞吞并分解;
右侧的突触上,突触后膜上的受体与抗体结合从而无法与乙酰胆碱分子结合,导致乙酰胆碱无法发挥作用,表现为重症肌无力。
【详解】引起该病的原因是自身免疫能力过强,属于自身免疫病,A错误;
浆细胞不能特异性识别抗原,B错误;
由题意可知重症肌无力是由于机体产生能与乙酰胆碱受体特异性结合的抗体,乙酰胆碱受体被当作抗原与该抗体结合,C正确;
该突触中可以完成“电信号→化学信号”的转变,D错误。
6.下列关于生物进化与生物多样性的说法中,正确的是()
A.不同物种之间、生物与无机环境之间的共同进化导致生物多样性的形成
B.物种是生物进化的基本单位
C.要形成生殖隔离,必须经过地理隔离
D.生物多样性包括遗传多样性、种群多样性和生态系统多样性三个层
【解析】本题考查生物进化和生物多样性的形成,要求考生识记共同进化的概念、原因,掌握生物进化与生物多样性形成之间的关系,结合选项作出准确的判断,属于考纲识记和理解层次的考查。
【详解】共同进化是指生物与生物之间,生物与无机环境之间在相互影响中不断进化和发展,A正确;
种群是生物进化的基本单位,B错误;
生殖隔离是形成新物种的标志,但物种的形成过程中不一定要经过地理隔离如物种大爆发现象,C错误;
生物多样性包括基因(遗传)多样性、物种多样性和生态系统多样性三个层次,D错误。
【点睛】生物多样性是指在一定时间和一定地区所有生物物种及其遗传变异和生态系统的复杂性总称.它包括基因多样性、物种多样性和生态系统多样性三个层次,保护生物多样性要合理开发与利用生物资源。
7.二氧化碳气体能引起温室效应,“碳捕捉技术”可实现二氧化碳的分离、储存和利用,其工艺流程示意图如下,下列叙述中正确的是()
A.CO2是引起酸雨的主要物质之一
B.能源消耗低是该技术的一大优点
C.捕捉CO2可使用小苏打溶液
D.捕捉到的CO2可作化工原料
【答案】D
【解析】
【详解】A.二氧化碳气体是引起温室效应的主要气体之一,故A错误;
B.由流程示意图可知,该捕捉技术反应复杂且能耗大,故B错误;
C.CO2和小苏打溶液不反应,故C错误;
D.CO2可以和许多物质发生反应,因此可作化工原料,比如制纯碱就要用二氧化碳,故D正确;
8.三氯生(常作抗菌剂)的一种衍生物结构如下图所示。
关于该衍生物的说法不正确的是()
A.分子式为C12H6Cl4OB.是二氯苯的同系物
C.其一溴代物有三种D.能发生加成反应
【详解】A.三氯生的分子式是C12H6Cl4O,故A正确;
B.同系物要满足结构相似,
和二氯苯的结构不相似,故B错误;
C.
是以氧原子为中心的对称结构,苯环上有三种不同环境的氢原子,故其一溴代物有三种,故C正确;
D.苯环与氢气发生加成反应,故D正确;
故选B。
9.NA代表阿伏加德罗常数的值。
下列说法正确的是()
A.标准状况下,22.4L己烯中含有碳氢键数目为12NA
B.5.6gFe与足量盐酸完全反应,失去电子数目为0.2NA
C.0.1molN2与0.3molH2充分反应,生成NH3的数目为0.2NA
D.电解精炼铜时阳极减轻32g,电路中转移电子数目一定为NA
【详解】A.标准状况下,己稀不是气体,无法计算,故A错误;
B.5.6gFe为0.1mol,与足量盐酸完全反应生成Fe2+,失去电子数目为0.2NA,故B正确;
C.N2与H2的反应是一个可逆反应,0.1molN2与0.3molH2充分反应,生成NH3的数目小于0.2NA,故C错误;
D.粗铜中含有杂质铁、锌等,所以阳极减轻32g,电路中转移电子数目不一定为NA,故D错误;
10.下列实验中,为达到实验目的所用的实验操作和原理解释都正确的是()
A.AB.BC.CD.D
【详解】A.胶粒和溶液都能够通过滤纸,无法通过过滤分离,可用渗析的方法分离,故A错误;
B.镁离子水解生成氢氧化镁和氯化氢,氯化氢易挥发,直接蒸发无法获得氯化镁固体,应该在HCl气流中蒸发,故B错误;
C.氯化铵溶液和氢氧化钠溶液要反应,故C错误;
D.乙酸乙酯在饱和碳酸钠溶液中不溶,所以可以采取分液的操作,故D正确;
故选D。
11.X、Y、Z、W是第三周期元素,它们最高价氧化物对应的水化物溶于水,得到浓度均为0.010mol/L的溶液,其pH(25℃)与对应元素原子半径的关系如图所示。
A.简单离子的半径:
X>
Z>
W
B.简单气态氢化物的稳定性:
W>
Y
C.Y单质可用于制作半导体材料
D.n=2-lg2
【分析】
第三周期元素中,X最高价氧化物水化物的溶液pH为12,氢氧根浓度为0.01mol/L,故为一元强碱,则X为Na;
Y、W、Z对应的最高价氧化物水化物的溶液pH均小于7,均为酸,W最高价含氧酸溶液中氢离子浓度为0.01mol/L,故为一元强酸,则W为Cl元素;
最高价含氧酸中,Z对应的酸性比W的强、Y对应的酸性比W的弱,而原子半径Y>
Z>
Cl,硅酸不溶于水,故Z为S元素,Y为P元素,以此来答题。
【详解】A.比较半径,首先看电子层数,电子层数越多,半径越大;
电子层结构相同的离子,原子序数大,半径小,故离子的半径:
X,故A错误;
B.非金属性越强,气态氢化物越稳定,故简单气态氢化物的稳定性:
Y,故B错误;
C.Y为P元素,单质不可用于制作半导体材料,故C错误;
D.Z为S元素,形成的最高价氧化物对应的水化物为H2SO4,由于PH=-lgc(H+)=-lg0.02=n,故n=2-lg2,故D正确;
【点睛】比较半径,首先看电子层数,电子层数越多,半径越大;
电子层数相同时,核内质子数越多,半径越小;
电子层数和质子数都相同时,核外电子数越多,半径越大。
据此,同种元素的原子半径大于阳离子半径,小于阴离子半径。
12.用Li和石墨的复合材料以及纳米Fe2O3材料作电极的锂离子电池,在循环充放电过程中可实现对磁性的可逆调控(如图)。
下列有关说法一定错误的是
A.该电池的电解质溶液可以是硫酸溶液
B.放电时,总反应式是6Li+Fe2O3=3Li2O+2Fe
C.充电时,阳极的电极反应是2Fe+3Li2O-6e-=Fe2O3+6Li+
D.充放电过程中,电池可在被磁铁不吸引和吸引之间循环调控
【详解】A.因为该电池中含有Li和Fe2O3,都可以与硫酸反应,故A错误;
B.放电时,Li作为负极,失电子被氧化,阳极Fe2O3得电子被还原,故放电时,总反应式是6Li+Fe2O3=3Li2O+2Fe,故B正确;
C.充电时,阳极与正极相反,阳极的电极反应是2Fe+3Li2O-6e-=Fe2O3+6Li+,故C正确;
D.根据题目的示意图,充电过程是从右往左的过程,可以看到电池没有被磁铁吸引,因为充电过程的物质转化过程是由Fe和Li2O转化为Li和Fe2O3,因此充电时电池不能被磁铁吸引,放电过程的物质转化是由Li和Fe2O3转化为Fe和Li2O,有铁生成,因此放电时电池被磁铁吸引,故D正确;
13.常温下,向10mL0.1mol/L的HR溶液中逐滴加入0.1mol/L的氨水,所得溶液pH及导电能力变化如图。
下列分析正确的是()
A.各点溶液中的离子浓度总和大小关系:
d>
c>
b>
a
B.常温下,R-的水解平衡常数数量级为10-9
C.a点和b点溶液中,水的电离程度相等
D.d点的溶液中,微粒浓度关系:
c(R-)+2c(HR)=c(NH3∙H2O)
【详解】A.根据图分析可知,b点导电能力最强,故b点溶液中的离子浓度最大,故A错误;
B.根据起点PH=3,Ka=c(H+)c(R-)/c(HR)=(10-3)2/0.1=10-5,代入Kh=Kw/Ka=10-14/10-5=10-9,故B正确;
C.a点是酸过量,抑制水的电离,b点恰好中和,水解促进水的电离,故C错误;
D.d点是NH4R和NH3∙H2O的混合物,它们物质的量浓度相等,故物料守恒:
2c(R-)+2c(HR)=c(NH3∙H2O)+c(NH4+),电荷守恒:
c(NH4+)+c(H+)=c(R-)+c(OH-),两式相加可得,2c(HR)+c(H+)+c(R-)=c(NH3∙H2O)+c(OH-),故D错误;
【点睛】溶液是显电中性的,即溶液中阳离子所带的正电荷数等于阴离子所带的负电荷数。
二、选择题(本卷共8小题,每小题6分,共48分。
在每小题给出的四个选项中,其中第19~21题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
)
14.甲、乙两质点同时沿同一直线运动,速度随时间变化的v-t图象如图所示。
关于两质点的运动情况,下列说法正确的是
A.在t=0时,甲、乙的运动方向相同
B.在0~2t0内,甲的位移大于乙的位移
C.在0~2t0内,乙的平均速度等于甲的平均速度
D.若甲、乙从同一位置出发,则t0时刻相距最远
【答案】BD
A、在t=0时,甲的速度为正,乙的速度为负,说明甲、乙的运动方向相反。
故A错误。
根据图象与坐标轴围成的面积表示位移,在时间轴上方的位移为正,下方的面积表示位移为负,则知在0~2t0内,乙的位移小于甲的位移,则乙的平均速度小于甲的平均速度,故B正确,C错误。
若甲、乙从同一位置出发,甲一直沿正向运动,乙先沿负向运动,两者距离增大,后沿正向,在t0时刻前甲的速度大于乙的速度,两者间距增大,t0时刻后乙的速度大于甲的速度,两者间距减小,所以t0时刻相距最远,故D正确。
故选BD。
点睛:
本题是速度--时间图象的应用,要明确斜率的含义,知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义,能根据图象读取有用信息.
15.如图甲所示,一理想变压器原线圈接上如图乙所示的正弦交流电,与副线圈相连的两个灯泡规格均为“110V40W”,电表均为理想电表,原、副线圈匝数比为2:
1,开关K闭合前,电路正常工作。
则闭合开关K后
A.灯泡将烧毁
B.电流表示数增大
C.经过灯泡的交流电频率为25Hz
D.变压器的输入功率增大一倍
由理想变压器
,可知副线圈两端电压U2=110V,则K闭合前灯泡正常工作,当K闭合后,U2保持不变,故两灯泡均能正常发光,不会烧毁,所以电流表示数不变,消耗功率增大一倍,则输入功率增大一倍;
经过变压器后频率不发生变化,仍为50Hz,故ABC错误,D正确;
故选D.
理想变压器是理想化模型,一是不计线圈内阻;
二是没有出现漏磁现象.同时副线圈的电压由原线圈电压与原副线圈匝数决定,而原线圈的电流由副线圈决定,变压器不改变频率.
16.如图甲所示,质量M=0.8kg的足够长的木板静止在光滑的水平面上,质量m=0.2kg的滑块静止在木板的左端,在滑块上施加一水平向右、大小按图乙所示随时间变化的拉力F,4s后撤去力F。
若滑块与木板间的动摩擦因数
,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度g=10m/s2,则下列说法正确的是()
A.0~4s时间内拉力的冲量共为3.2N·
s
B.t=4s时滑块的速度大小为9.5m/s
C.木板受到滑动摩擦力的冲量共为2.8N·
D.木板的速度最大为2m/s
【答案】BC
A、拉力F的冲量等于F-t图像的面积,0~4s时间内拉力的冲量I=
,A错误;
B、滑块与木板间恰好打滑时,对木板:
.
对滑块:
解得
F0=0.5N,a0=0.5m/s2.
所以t=0时刻,A
B恰好开始打滑
IF−μmgt=mv1,解得4s末滑块的速度v1=9.5m/s,B正确;
C、t=4s时,木板的速度v2=a0t=0.5×
4=2m/s,
之后A加速,B减速,直到共速。
取向右为正方向,由动量守恒定律得:
mv1+Mv2=(m+M)v
解得木板的最大速度v=3.5
m/s
对木板:
由动量定理得I=Mv
解得I=2.8N⋅s,C正确,D错误;
17.质量为m的人造地球卫星与地心的距离为r时,引力势能可表示为
,其中G为引力常量,M为地球质量.该卫星原来在半径为R1的轨道上绕地球做匀速圆周运动,由于受到极稀薄空气的摩擦作用,飞行一段时间后其圆周运动的半径变为R2,此过程中因摩擦而产生的热量为
A.GMm
B.GMm
D.
试题分析:
卫星做匀速圆周运动,由地球的万有引力提供向心力,则:
轨道半径为
时
①,卫星的引力势能为
②
③,卫星的引力势能为
④
设摩擦而产生的热量为
,根据能量守恒定律得:
⑤
联立①~⑤得
,故选项D正确。
考点:
万有引力定律及其应用;
重力势能的变化与重力做功的关系
【名师点睛】求出卫星在半径为
圆形轨道和半径为
的圆形轨道上的动能,从而得知动能的减小量,通过引力势能公式求出势能的增加量,根据能量守恒求出热量。
18.下列关于物理学史和物理研究方法的叙述中正确的是()
A.根据速度定义式
,当
非常非常小时,
就可以表示物体在t时刻的瞬时速度,该定义运用了极限的思想方法
B.在推导匀变速直线运动位移公式时,把整个运动过程划分成很多小段,每一小段近似看作匀速直线运动,然后把各小段的位移相加,这里采用的是微元法
C.伽利略借助实验研究和逻辑推理得出了自由落体运动规律
D.法拉第发现了电流的磁效应与他坚信电和磁之间一定存在联系的哲学思想是分不开的
【答案】ABC
瞬时速度是由数学极限思想得来的,其中时间趋于零,
就可以表示一个时刻的速度,即为瞬时速度,故A正确;
微元法是把一个过程分割为很多小的过程,继而相加求解的方法,推导匀变速直线运动的位移公式时,把整个运动过程划分成很多小段,每一小段近似看作匀速直线运动,然后把各小段的位移相加,用的是微元法,故B正确;
伽利略在研究自由落体运动时采用了推理的方法,C正确;
法拉第发现电磁感应现象,和他坚信电与磁之间一定存在着联系的哲学思想分不开,D错误。
物理学史
【名师点睛】解决此题要知道常用的物理学研究方法:
控制变量法、等效替代法、模型法、比较法、分类法、类比法、转换法等。
19.如图,平行光滑金属导轨M、N固定在水平面上,处于竖直向下的匀强磁场中。
完全相同的两金属棒P、Q搭放在导轨上,开始均处于静止状态。
给P施加一与导轨平行的恒定拉力作用,运动中两金属棒始终与导轨垂直并与导轨接触良好。
设导轨足够长,除两棒的电阻外其余电阻均不计。
则两棒的速度及棒中的感应电流随时间变化的图象正确的是
A.
B.
D.
【答案】AD
P向右做切割磁感线运动,由右手定则判断知,回路中产生逆时针的感应电流,由左手定则判断可知,Q棒所受的安培力方向向右,故Q向右做加速运动;
Q向右运动后,开始阶段,两杆的速度差增大,产生回路中产生的感应电动势增大,感应电流增大,两杆所受的安培力都增大,则P的加速度减小,Q的加速度增大,当两者的加速度相等时,速度之差不变,感应电流不变,安培力不变,两杆均做加速度相同的匀加速运动。
AB、开始运动时,P棒做加速度减小的加速度运动,Q棒做加速度增大的加速运动,最终做加速度相同的加速度运动,故A正确,B错误;
CD、开始运动时,两棒的速度差增大,感应电动势增大,通过电流增大,最终两棒都做匀加速运动,速度差保持不变,故回路中感应电动势不变,电流恒定,故C错误,D正确。
故选:
AD。
【点睛】P向右做切割磁感线运动,产生感应电流,此感应电流流过Q,Q受到安培力而运动起来,先根据右手定则判断回路中感应电流的方向,再由左手定则判断Q所受的安培力方向,即可判断其运动方向.通过分析安培力的变化,来分析两棒的运动情况和电流变化情况.
20.2013年6月20日,航天员王亚平在运行的天宫一号内上了节物理课,做了如图所示的演示实验,当小球在最低点时给其一初速度,小球能在竖直平面内绕定点O做匀速圆周运动。
若把此装置带回地球表面,仍在最低点给小球相同初速度,则()
A.小球仍能做匀速圆周运动
B.小球不可能做匀速圆周运动
C.小球可能做完整的圆周运动
D.小球一定能做完整的圆周运动
【详解】AB、把此装置带回地球表面,在最低点给小球相同初速度,小球在运动过程中,只有重力做功,机械能守恒,则动能和重力势能相互转化,速度的大小发生改变,不可能做匀速圆周运动,故A错误,B正确;
CD、若小球到达最高点的速度v
,则小球可以做完整的圆周运动,若小于此速度,则不能达到最高点,则不能做完整的圆周运动,故C正确,D错误。
21.如图所示,一质量为m、带电荷量为q的小球,用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中,假设电场区域足够大,静止时悬线向左与竖直方向成60°
角。
线长为L,细线不可伸长。
小球在运动过程中电荷量保持不变,重力加速度为g。
现将电场反向,则下列说法正确的是()
A.小球带负电,电场强度E=
B.电场反向后,小球在最低点的速度为
C.电场反向后,小球先做匀加速直线运动,然后做圆周运动,最大速度vm=
D.电场反向后,小球将做往复运动,能够回到初始位置
【答案】AC
【详解】A.根据平衡条件可知,小球受电场力向左,与场强方向相反,带负电;
且
,解得:
,A正确
B.电场反向后,小球受向右的电场力大小为
,绳子松弛无弹力,小球沿电场力与重力的合力方向做匀加速直线运
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