届福建省泉州市高三质检物理试题及答案Word格式文档下载.docx
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间距为d的两细束平行单色光线以相同的人射角a射到夹角为
的两平行玻璃砖下表面,则从玻璃砖上表面射出的两光线
A.仍然平行,间距小于d
B.仍然平行,间距大于d
C.不再平行,成为会聚光
D.不再平行,成为发散光
14.一列简谐横波以10m/s的速度沿x轴正方向传播,t=0时刻的波形如图甲所示。
则a质点的振动图象为图乙中的
15.如图所示,一名骑独轮车的杂技演员在空中钢索上表演。
若钢索所能承受的最大拉力Tm=2000N,独轮车和演员的总质量M=80kg,两侧的钢索最大成
=150°
夹角,g取10m/s2。
当独轮车和演员处子图示状态静止不动时,钢索对独轮车的作用力大小为
A.800NB.1600N
C.2000ND.4000N
16.如图所示,“嫦娥三号”从环月圆轨道I上的P点实施变轨进入椭圆轨道
再由近月点Q开始进行动力下降,最后于12月14日成功落月。
下列说法正确的是
A.沿轨道
运行的周期大于沿轨道I运行的周期
B.沿轨道I运行至P点时,需制动减速才能进人轨道
C.沿轨道
运行时,在P点的加速度大于在Q点的加速度
D.沿轨道
I运行时,由P点到Q点的过程中万有引力对其做负功
17,如图所示,固定在水平地面上的光滑斜面顶端有一轻弹簧,其上端固定,一质量为m的小球向右滑行并冲上斜面。
设小球在斜面最低点A的速度为v,将弹簧压缩至最短时小球位于C点,C点距地面高度为h,不计小球与弹簧碰撞过程中的能量损失,则小球在C点时弹簧的弹性势能为
A.mgh一
mv2B.mgh +
mv2
C.
mv2一mghD.m g h
18.如图所示,空间中存在着由一固定的正点电荷Q(图中未画出)产生的电场。
另一正点电荷q仅在电场力作用下沿曲线MN运动,在M点的速度大小为v0,方向沿MP方向,到达N点时速度大小为v,且v<
v0,则
A.Q一定在虚线MP上方
B.M点的电势比N点的电势高
C.q在M点的电势能比在N点的电势能小
D.q在M点的加速度比在N点的加速度大
理科综合能力测试
卷
(非选择题共192分)
必考部分(共157分)
用0.5毫米签字笔在答题卡上作答,在试题上写作答,答案无效。
19.
(1)(8分}某探究小组要尽可能精确地测量电流表A1的满偏电流,可供选用的器材如下:
A.待测电流表A1(满偏电流Im为800
A,内阻r1约为100
,表盘刻度均匀、总格数为N)
B.电流表A2(量程为0.6A,内阻r2=0.1
C.电压表V(量程为3V、内阻Rv=3k
)
D.滑动变阻器R(最大阻值为20
)E.电源E(电动势为3V.内阻r约为1.5
F.开关S一个,导线若干
①该小组设计了甲、乙两个电路图,其中合理的是(选填“甲,或“乙”);
②所选合理电路中虚线圈处应接人电表(选填“B”或“C”);
③在开关S闭合前应把滑动变阻器的滑片P置于_____端(选填“a”或“b"
);
④在实验中,若所选电表的读数为Z,电流表A1的指针偏转了k格,则可算出待测电流表A1的满偏电流Im=___。
(2)(10分)某实验小组分别设计了如图甲、乙、丙所小的实验装置来验证机械能守恒定律。
①经分析比较后,其中最理想的实验装置是(选填“甲” “乙”“丙”);
②图丁是利用最理想的实验装置进行实验得到的一条纸带,图中点1是打点计时器打出的第一个点,其他各点是紧接着连续打出的点,如果发现第1,2两点之间的距离明显大于2mm,这是因为实验操作时;
③已知重锤的质量为m,相邻两计数点的时间间隔为T,仪考虑出现②所述情况所带来的影响时,设从打第1点到打第6点过程中重锤减少的重力势能为△EP,则下列关系式正确
的是__(填选项前的字母)。
④若实验操作正确,某同学根据公式。
V62=2gh沙计算出从第1点到第6点重锤动能增加量
△EK=
mV62,由△EP=mgh计算出重力势能的减少量,再根据△Ek=△Ep得出重锤在下落过程中机械能守恒的结论。
则该探究过程是________(选填“合理”或“不合理”)的,理由是_______
20.(15分)如图所示,两根相互平行、间距为L的光滑轨道固定在水平面上,左端接一个阻值为R的电阻,轨道电阻不计,质量为m阻值为r的匀质余属棒cd与轨道垂直放置且接触良
好,整个装置处于磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中。
若在金属棒中点施加一水平向右的拉力,使金属棒由静止开始做加速度大小为a的匀加速直线运动,当金属棒的位移为s时,求:
(1)金属棒中电流I的大小和方向;
(2)水平拉力F的大小。
21.(19分)某工厂生产流水线示意图如图所示,半径R=1m的水平圆盘边缘E点固定一小桶。
在圆盘直径DE正上方平行放置的水平传送带沿顺时针方向匀速转动,传送带右端C点与圆盘圆心O在同一竖直线上,竖直高度h=1.25moAB为一个与CO在同一竖直平面内的四分之一光滑圆弧轨道,半径r=0.45m,且与水平传送带相切于B点。
一质量m=0.2kg的滑块(可视为质点)从A点由静止释放,滑块与传送带间的动摩擦因数
=0.2,当滑块到达B点时,圆盘从图示位置以一定的角速度
绕通过圆心O的竖直轴匀速转动,滑块到达C点时恰与传送带同速并水平抛出,刚好落人圆盘边缘的小捅内。
取g=10m/s2,求:
(1)滑块到达圆弧轨道B点时对轨道的压力NB;
(2)传送带BC部分的长度L;
(3)圆盘转动的角速度
应满足的条件。
22.(20分)如图甲所示,水平直线MN上方有竖直向下的匀强电场,场强大小E=
103N/C,MN下方有垂直于纸面的磁场,磁感应强度B随时间t按如图乙所示规律做周期性变化,规定垂直纸面向外为磁场正方向。
T=0时将一重力不计、比荷
=106C/kg的正点电荷从电场中的O点由静止释放,在t1=1x10-5s时恰通过MN上的P点进人磁场,P点左方d=105cm处有一垂直于MN且足够大的挡板。
求:
(l)电荷从P点进人磁场时速度的大小v0;
(2)电荷在t2=4x10-5s时与P点的距离△s;
(3)电荷从O点出发运动到挡板所需时间t总
选考部分(共35分)
第
卷选考部分共5题,共35分。
其中,第29,30题为物理题,第31,32题为化学题,考生从两道物理题、两道化学题中各任选一题作答,若第29,30题都作答,则按第29题计分,若第31、32题都作答,则按第31题计分;
第33题为生物题,是必答题。
请将答案都填写在答题卷选答区域的指定位置上。
29.[物理一选修3一3.
(本题共有两小题,每小题6分,共12分。
每小题只有一个选项符合题意。
如图所示a,b两条曲线分别表示两分子间引力、斥力的大小随分子间距离r的变化关系,两曲线交点的横坐标为r0则以下说法正确的是____。
(填选项前的字母)
A.当r等于r0时,分子势能一定为零
B.当r大于r0时,分子力随r增大而一直增大
C.当r大于r0时,分子势能随r增大而逐渐增大
D.当r小于r0时,分子势能随r减小而逐渐减小
(2)如图所示的P-V图象中A→B→C→A表示一定质量理想气体的状态变化过程。
则以下说法正确的是____(填选项前的字母)
A.在状态C和状态A时,气体的内能一定相等
B.从状态C变化到状态A的过程中,气体一定放热
C.从状态B变化到状态C的过程中,气体一定吸热
D.从状态B变化到状态C的过程中,气体分子的平均动能减小
30.[物理一选修3一5](本题共有两小题,每小题6分,共12分。
每小题只有一项符合题意。
(1)如图所示,氢原子从第三能级跃迁到第二能级时,辐射的光子照射
到某种金属,刚好发生光电效应。
现有大量的氢原子处于n=4的
激发态,在向低能级跃迁时所辐射的各种能量的光子中,可使这种
金属产生光电效应的有____。
A.3种B.4种C.5种D.6种
(2)在光滑的水平面上有a,b两球.其质量分别是ma,mb,t1时刻两球发生正碰。
两球碰撞
前后的v一t图象如图所示。
下列关系正确是____。
(填选项前的字母)
A.ma=3mbB.3ma=mb
C.ma=2mbD.2ma=mb
泉州市2018届高中毕业班理科综合能力测试(一模)
评分标准(物理部分)
第I卷(选择题共36分)
一、选择题(本题共6小题。
在每小题给出的四个选项中,只有一个选项正确,选对的得6分,有选错或不选的得0分。
13.B 14.D15.A16.B17.C18.C
第II卷(非选择题共84分)
必考部分(共72分)
19.(18分)
(1)①甲(2分)②C(2分)③b(2分)
Im=
(2分)
(2)①甲(2分)②先释放纸带后接通电源(2分)
③C(2分)
④不合理(2分)应根据υ6=
计算打第6点时的速度,然后计算第6点对应的动能。
(其他合理答案也参照给分)(2分)
20.(15分)解:
(1)据右手定则可知电流I的方向从c到d。
(1分)
设金属棒cd的位移为s时速度为v,则v2=2as(2分)
金属棒产生的电动势E=BLv(2分)金属棒中电流的大小I=
解得I=
(2)金属棒受到的安培力大小f=BIL(2分)
据牛顿第二定律可得F–f=ma(2分)
解得F=
+ma(2分)
21.(19分)解:
(1)滑块从A到B过程中,由动能定理有mgr=
mυB2(2分)解得υB=
=3m/s(1分)
滑块到达B点时,由牛顿第二定律有NB′-mg=m
(2分)解得NB′=6N(1分)
据牛顿第三定律,滑块到达B点时对轨道的压力大小为6N,方向竖直向下。
(2)滑块离开C点后做平抛运动,h=
gt12(2分)
解得t1=
=0.5s(1分)υC=
=2m/s(1分)
滑块由B到C过程中,据动能定理有-μmgL=
mυC2-
mυB2(2分)
解得L=
=1.25m(1分)
(3)滑块由B到C过程中,据运动学公式有L=
解得t2=
=0.5s(1分)
则t=t1+t2=1s(1分)
圆盘转动的角速度ω应满足条件t=n·
(n=1,2,3…)(1分)
解得ω=2nπrad/s(n=1,2,3…)(1分)
22.(20分)解:
(1)电荷在电场中做匀加速直线运动,则Eq=ma(2分)
υ0=at1(1分)
解得υ0=
=π×
103×
106×
1×
10-5m/s=π×
104m/s(1分)
(2)电荷在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力qυB=m
,r=
当B1=
T时,半径r1=
=0.2m=20cm(1分)
周期T1=
=4×
10-5s(1分)
当B2=
T时,半径r2=
=0.1m=10cm(1分)
周期T2=
=2×
故电荷从t=0时刻开始做周期性运动,其运动轨迹如图所示。
在t=0到t2=4×
10-5s时间内,电荷先沿直线OP运动t1,再沿大圆轨迹运动
,紧接着沿小圆轨迹运动T2,t2=4×
10-5s时电荷与P点的距离∆s=
r1=20
cm(1分)
(3)电荷从P点开始的运动周期T=6×
10-5s,且在每一个T内向左沿PM移动s1=2r1=40cm,电荷到达挡板前经历了2个完整周期,沿PM运动距离s=2s1=80cm,设电荷撞击挡板前速度方向与水平方向成θ角,最后d-s=25cm内的轨迹如图所示。
(2分)
据几何关系有r1+r2sinθ=0.25(2分)
解得sinθ=0.5,即θ=30°
则电荷从O点出发运动到挡板所需总时间
t总=t1+2T+
+
(2分)
解得t总=
×
10-5=1.42×
10-4s(1分)
选考部分(共12分)
29.
(1)C
(2)D30.
(1)C
(2)B
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