第讲直线与圆锥曲线问题的处理方法.doc

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题目高中数学复习专题讲座直线与圆锥曲线问题的处理方法

（1）

高考要求

直线与圆锥曲线联系在一起的综合题在高考中多以高档题、压轴题出现，主要涉及位置关系的判定，弦长问题、最值问题、对称问题、轨迹问题等突出考查了数形结合、分类讨论、函数与方程、等价转化等数学思想方法，要求考生分析问题和解决问题的能力、计算能力较高，起到了拉开考生“档次”，有利于选拔的功能

重难点归纳

1直线与圆锥曲线有无公共点或有几个公共点的问题，实际上是研究它们的方程组成的方程是否有实数解成实数解的个数问题，此时要注意用好分类讨论和数形结合的思想方法

2当直线与圆锥曲线相交时涉及弦长问题，常用“韦达定理法”设而不求计算弦长（即应用弦长公式）；涉及弦长的中点问题，常用“点差法”设而不求，将弦所在直线的斜率、弦的中点坐标联系起来，相互转化同时还应充分挖掘题目的隐含条件，寻找量与量间的关系灵活转化，往往就能事半功倍

典型题例示范讲解

例1如图所示，抛物线y2=4x的顶点为O，点A的坐标为（5，0），倾斜角为的直线l与线段OA相交（不经过点O或点A）且交抛物线于M、N两点，求△AMN面积最大时直线l的方程，并求△AMN的最大面积

命题意图直线与圆锥曲线相交，一个重要的问题就是有关弦长的问题本题考查处理直线与圆锥曲线相交问题的第一种方法——“韦达定理法”

知识依托弦长公式、三角形的面积公式、不等式法求最值、函数与方程的思想

错解分析将直线方程代入抛物线方程后，没有确定m的取值范围不等式法求最值忽略了适用的条件

技巧与方法涉及弦长问题，应熟练地利用韦达定理设而不求计算弦长，涉及垂直关系往往也是利用韦达定理，设而不求简化运算

解法一由题意，可设l的方程为y=x+m,其中－5＜m＜0

由方程组,消去y,得x2+（2m－4）x+m2=0①

∵直线l与抛物线有两个不同交点M、N，

∴方程①的判别式Δ=（2m－4）2－4m2=16（1－m）＞0,

解得m＜1,又－5＜m＜0,∴m的范围为（－5，0）

设M（x1,y1）,N（x2,y2）则x1+x2=4－2m，x1·x2=m2,

∴|MN|=4

点A到直线l的距离为d=

∴S△=2（5+m）,从而S△2=4（1－m）（5+m）2

=2（2－2m）·（5+m）（5+m）≤2（）3=128

∴S△≤8,当且仅当2－2m=5+m,即m=－1时取等号

故直线l的方程为y=x－1，△AMN的最大面积为8

解法二由题意，可设l与x轴相交于B（m,0）,

l的方程为x=y+m,其中0＜m＜5

由方程组,消去x,得y2－4y－4m=0①

∵直线l与抛物线有两个不同交点M、N，

∴方程①的判别式Δ=（－4）2+16m=16（1+m）＞0必成立,

设M（x1,y1）,N（x2,y2）则y1+y2=4，y1·y2=－4m,

∴S△=

＝4=4

∴S△≤8,当且仅当即m=1时取等号

故直线l的方程为y=x－1，△AMN的最大面积为8

例2已知双曲线C2x2－y2=2与点P（1，2）

（1）求过P（1，2）点的直线l的斜率取值范围，使l与C分别有一个交点，两个交点，没有交点

（2）若Q（1，1），试判断以Q为中点的弦是否存在

命题意图第一问考查直线与双曲线交点个数问题，归结为方程组解的问题第二问考查处理直线与圆锥曲线问题的第二种方法——“点差法”

知识依托二次方程根的个数的判定、两点连线的斜率公式、中点坐标公式

错解分析第一问，求二次方程根的个数，忽略了二次项系数的讨论第二问，算得以Q为中点弦的斜率为2，就认为所求直线存在了

技巧与方法涉及弦长的中点问题，常用“点差法”设而不求，将弦所在直线的斜率，弦的中点坐标联系起来，相互转化

解

（1）当直线l的斜率不存在时，l的方程为x=1,与曲线C有一个交点当l的斜率存在时，设直线l的方程为y－2=k（x－1）,代入C的方程，并整理得

（2－k2）x2+2（k2－2k）x－k2+4k－6=0 （*）

（ⅰ）当2－k2=0,即k=±时，方程（*）有一个根，l与C有一个交点

（ⅱ）当2－k2≠0,即k≠±时

Δ=［2（k2－2k）］2－4（2－k2）（－k2+4k－6）=16（3－2k）

①当Δ=0,即3－2k=0,k=时，方程（*）有一个实根，l与C有一个交点

②当Δ＞0,即k＜,又k≠±,故当k＜－或－＜k＜或＜k＜时，方程（*）有两不等实根，l与C有两个交点

③当Δ＜0，即k＞时，方程（*）无解，l与C无交点

综上知当k=±,或k=，或k不存在时，l与C只有一个交点；

当＜k＜,或－＜k＜,或k＜－时，l与C有两个交点；

当k＞时，l与C没有交点

（2）假设以Q为中点的弦存在，设为AB，且A（x1,y1）,B（x2,y2），则2x12－y12=2,2x22－y22=2两式相减得2（x1－x2）（x1+x2）=（y1－y2）（y1+y2）

又∵x1+x2=2,y1+y2=2

∴2（x1－x2）=y1－y1

即kAB==2

但渐近线斜率为±,结合图形知直线AB与C无交点，所以假设不正确，即以Q为中点的弦不存在

例3已知椭圆的中心在坐标原点O，焦点在坐标轴上，直线y=x+1与椭圆交于P和Q，且OP⊥OQ，|PQ|=，求椭圆方程

解设椭圆方程为mx2+ny2=1（m＞0,n＞0），

P（x1,y1）,Q（x2,y2）

由得（m+n）x2+2nx+n－1=0,

Δ=4n2－4（m+n）（n－1）＞0,即m+n－mn＞0,

由OP⊥OQ,所以x1x2+y1y2=0,即2x1x2+（x1+x2）+1=0,

∴+1=0,

∴m+n=2 ①

又22,

将m+n=2,代入得

m·n= ②

由①、②式得m=,n=或m=,n=

故椭圆方程为+y2=1或x2+y2=1

学生巩固练习

1斜率为1的直线l与椭圆+y2=1相交于A、B两点，则|AB|的最大值为（）

A2 B C D

2抛物线y=ax2与直线y=kx+b（k≠0）交于A、B两点，且此两点的横坐标分别为x1,x2,直线与x轴交点的横坐标是x3,则恒有（）

Ax3=x1+x2 Bx1x2=x1x3+x2x3

Cx1+x2+x3=0 Dx1x2+x2x3+x3x1=0

3正方形ABCD的边AB在直线y=x+4上，C、D两点在抛物线y2=x上，则正方形ABCD的面积为_________

4已知抛物线y2=2px（p＞0）,过动点M（a,0）且斜率为1的直线l与该抛物线交于不同的两点A、B，且|AB|≤2p

（1）求a的取值范围

（2）若线段AB的垂直平分线交x轴于点N，求△NAB面积的最大值

5已知中心在原点，顶点A1、A2在x轴上，离心率e=的双曲线过点P（6，6）

（1）求双曲线方程

（2）动直线l经过△A1PA2的重心G，与双曲线交于不同的两点M、N，问是否存在直线l,使G平分线段MN，证明你的结论

参考答案:

1解析弦长|AB|=≤

答案C

2解析解方程组,得ax2－kx－b=0,可知x1+x2=,x1x2=－,x3=－,代入验证即可

答案B

3解析设C、D所在直线方程为y=x+b,代入y2=x,利用弦长公式可求出|CD|的长，利用|CD|的长等于两平行直线y=x+4与y=x+b间的距离，求出b的值，再代入求出|CD|的长

答案18或50

4解

（1）设直线l的方程为y=x－a,代入抛物线方程得（x－a）2=2px,即x2－2（a+p）x+a2=0

∴|AB|=≤2p∴4ap+2p2≤p2,即4ap≤－p2

又∵p＞0,∴a≤－

（2）设A（x1,y1）、B（x2,y2），AB的中点C（x,y）,

由

（1）知，y1=x1－a,y2=x2－a,x1+x2=2a+2p,

则有x==p

∴线段AB的垂直平分线的方程为y－p=－（x－a－p）,

从而N点坐标为（a+2p,0）

点N到AB的距离为

从而S△NAB=

当a有最大值－时，S有最大值为p2

5解

（1）如图，设双曲线方程为=1

由已知得,解得a2=9,b2=12

所以所求双曲线方程为=1

（2）P、A1、A2的坐标依次为（6,6）、（3，0）、（－3，0），

∴其重心G的坐标为（2，2）

假设存在直线l，使G（2，2）平分线段MN，设M（x1,y1），N（x2,y2）则有

，∴kl=

∴l的方程为y=（x－2）+2,

由,消去y,整理得x2－4x+28=0

∵Δ=16－4×28＜0,∴所求直线l不存在

课前后备注　

成都市第九中学第6页　共6页