福建省高考物理试卷答案与解析.doc
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2012年福建省高考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题
1.(3分)(2012•福建)一列简谐横波沿x轴传播,t=0时刻的波形如图甲所示,此时质点P正沿y轴负方向运动,其振动图象如图乙所示,则该波的传播方向和波速分别是( )
A.沿x轴负方向,60m/s B.沿x轴正方向,60m/s
C.沿x轴负方向,30m/s D.沿x轴正方向,30m/s
【考点】波长、频率和波速的关系;横波的图象.菁优网版权所有
【专题】波的多解性.
【分析】由质点P的振动情况,确定波的传播方向,由乙图读出波的周期,再由波速公式求出波速.
【解答】解:
由乙图可知:
P点下一个时刻位移沿负方向增大,所以P点此时的运动方向向下,得出此波沿x轴负方向传播,
由乙图可知:
T=0.4s,由甲图可知:
λ=24m,所以v=
故选A
【点评】本题要由质点的振动方向确定波的传播方向,这波的图象中基本问题,方法较多,其中一种方法是“上下坡法”,把波形象看成山坡:
顺着波的传播方向,上坡的质点向下,下坡的质点向上.
2.(3分)(2012•福建)如图,理想变压器原线圈输入电压u=Umsinωt,副线圈电路中R0为定值电阻,R是滑动变阻器,V1和V2是理想交流电压表,示数分别用U1和U2表示;A1和A2是理想交流电流表,示数分别用I1和I2表示.下列说法正确的是( )
A.I1和I2表示电流的瞬时值
B.U1和U2表示电压的最大值
C.滑片P向下滑动过程中,U2不变、I1变大
D.滑片P向下滑动过程中,U2不变、I1变小
【考点】变压器的构造和原理.菁优网版权所有
【专题】交流电专题.
【分析】在交流电中电表显示的都是有效值,滑片P向下滑动过程中,总电阻减小,只与输入电压和匝数有关,所以U2不变,I1变大.
【解答】解:
A、I1和I2表示电流的有效值,A错误;
B、U1和U2表示电压的有效值,B错误;
C、D滑片P向下滑动过程中,总电阻减小,只与输入电压和匝数有关,所以U2不变,I1变大,C正确,D错误.
故选:
C.
【点评】本题考查了变压器的构造和原理,还考查了电路的动态分析.
3.(3分)(2012•福建)如图,在点电荷Q产生的电场中,将两个带正电的试探电荷q1、q2分别置于A、B两点,虚线为等势线.取无穷远处为零电势点,若将q1、q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等,则下列说法正确的是( )
A.A点电势大于B点电势
B.A、B两点的电场强度相等
C.q1的电荷量小于q2的电荷量
D.q1在A点的电势能小于q2在B点的电势能
【考点】电势能;电势.菁优网版权所有
【专题】电场力与电势的性质专题.
【分析】将两个带正电的试探电荷q1、q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做功,说明Q带负电,即可判断A、B电势高低;
由点电荷场强公式E=k分析场强的大小;
由图分析可知:
A与无穷远间的电势差大于B与无穷远间的电势差,根据电场力做功公式W=qU,分析电荷量的大小;
根据电场力做功与电势能的关系,即可判断q1在A点的电势能与q2在B点的电势能的大小.
【解答】解:
A、由题,将两个带正电的试探电荷q1、q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做功,则知Q与两个试探电荷之间存在引力,说明Q带负电,电场线方向从无穷远处指向Q,则A点电势小于B点电势.故A错误.
B、由点电荷场强公式E=k分析可知,A点的场强大于B点的场强.故B错误.
C、由图分析可知:
A与无穷远间的电势差大于B与无穷远间的电势差,将q1、q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等,根据电场力做功公式W=qU,得知,q1的电荷量小于q2的电荷量.故C正确.
D、将q1、q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等,两个试探电荷电势能的变化量相等,无穷远处电势能为零,则q1在A点的电势能等于q2在B点的电势能.故D错误.
故选C
【点评】本题根据电场力做功与电势能变化的关系分析电势能的大小,根据公式E=k分析场强的大小等等,都是常用的思路.
4.(3分)(2012•福建)一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动,其线速度大小为v.假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为m的物体重力,物体静止时,弹簧测力计的示数为N.已知引力常量为G,则这颗行星的质量为( )
A. B. C. D.
【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系;万有引力定律及其应用.菁优网版权所有
【专题】人造卫星问题.
【分析】先求出该星球表面重力加速度,根据万有引力提供向心力公式即可求解
【解答】解:
G=mg
所以g=
根据万有引力提供向心力得:
解得:
M=
故选B
【点评】本题是卫星类型的问题,常常建立这样的模型:
环绕天体绕中心天体做匀速圆周运动,由中心天体的万有引力提供向心力.重力加速度g是联系星球表面宏观物体运动和天体运动的桥梁.
5.(3分)(2012•福建)如图,表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮,小物块A、B用轻绳连接并跨过滑轮(不计滑轮的质量和摩擦).初始时刻,A、B处于同一高度并恰好处于静止状态.剪断轻绳后A下落、B沿斜面下滑,则从剪断轻绳到物块着地,两物块( )
A.速率的变化量不同 B.机械能的变化量不同
C.重力势能的变化量相同 D.重力做功的平均功率相同
【考点】机械能守恒定律;功率、平均功率和瞬时功率.菁优网版权所有
【专题】压轴题;机械能守恒定律应用专题.
【分析】剪断轻绳后A自由下落,B沿斜面下滑,AB都只有重力做功,机械能守恒,重力势能变化量等于重力所做的功,重力做功的平均功率等于重力做功与时间的比值.
【解答】解:
设斜面倾角为θ,刚开始AB处于静止状态,所以mBgsinθ=mAg,所以mB>mA,
A、剪断轻绳后A自由下落,B沿斜面下滑,AB都只有重力做功,根据动能定理得:
mv2=mgh,解得v=,
所以v﹣0=,即速率的变化量相同,故A错误;
B、剪断细线,A、B两物体都只有重力做功,机械能守恒,则机械能的变化量都为零,故B错误;
C、重力势能变化量△EP=mgh,由于A、B的质量不相等,所以重力势能变化不相同,故C错误;
D、A运动的时间为:
t1=,所以A重力做功的平均功率为:
B运动有:
,解得:
t2=,所以B重力做功的平均功率为:
,
而mBgsinθ=mAg,所以重力做功的平均功率相等,故D正确.
故选:
D.
【点评】重力做功决定重力势能的变化与否,若做正功,则重力势能减少;若做负功,则重力势能增加,重力做功的平均功率等于重力做功与时间的比值,难度适中.
6.(3分)(2012•福建)如图,一圆形闭合铜环由高处从静止开始下落,穿过一根竖直悬挂的条形磁铁,铜环的中心轴线与条形磁铁的中轴线始终保持重合.若取磁铁中心O为坐标原点,建立竖直向下为正方向的x轴,则图中最能正确反映环中感应电流i随环心位置坐标x变化的关系图象是( )
A. B. C. D.
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【专题】压轴题;电磁感应与图像结合.
【分析】由楞次定律可知,感应线圈中电流方向变化,综合分析两个峰值不可能相等,由排除法可知
【解答】解:
A、圆形闭合铜环由高处从静止开始下落,穿过一根竖直悬挂的条形磁铁,铜环的中心轴线与条形磁铁的中轴始终保持重合,圆环中磁通量变化不均匀,产生的感应电流不是线性变化,A错误;
B、铜环下落到磁铁顶端的速度小于下落到磁铁底端的速度,铜环下落到磁铁顶端产生的感应电流小于下落到磁铁底端产生的感应电流,选项B正确,CD错误.
故选:
B
【点评】本题考查了对楞次定律的理解和应用,注意重点判断磁通量的大小和方向的变化.
二、解答题
7.(2012•福建)
(1)在“用双缝干涉测光的波长”实验中:
(实验装置如图)
①下列说法哪一个是错误的 A .(填选项前的字母)
A.调节光源高度使光束沿遮光筒轴线照在屏中心时,应放上单缝和双缝
B.测量某条干涉亮纹位置时,应使测微目镜分划板中心刻线与该亮纹的中心对齐
C.为了减小测量误差,可用测微目镜测出n条亮纹间的距离a,求出相邻两条亮纹间距△x=
②测量某亮纹位置时,手轮上的示数如图,其示数为 1.970 mm.
(2)某研究性学习小组欲测定一块电池的电动势E.
①先直接用多用电表测定该电池电动势.在操作无误的情况下,多用电表表盘示数如图,其示数为 9.0 V.
②然后,用电压表V、电阻箱R、定值电阻R0、开关S、若干导线和该电池组成电路,测定该电池电动势.
(ⅰ)根据电路图,用笔画线代替导线,将实物图连接成完整电路.
(ⅱ)闭合开关S,调整电阻箱阻值R,读出电压表V相应示数U.该学习小组测出大量数据,分析筛选出下表所示的R、U数据,并计算出相应的与的值.请用表中数据在坐标纸上描点,并作出﹣图线.
(ⅲ)从图线中可求得E= 10 V.
R(Ω)
166.7
71.4
50.0
33.3
25.0
20.0
U(V)
8.3
5.9
4.8
4.2
3.2
2.9
(×10﹣2Ω﹣1)
0.60
1.40
2.00
3.00
4.00
5.00
(V﹣1)
0.12
0.17
0.21
0.24
0.31
0.35
【考点】用双缝干涉测光的波长.菁优网版权所有
【专题】实验题;光的干涉专题.
【分析】
(1)在“用双缝干涉测光的波长”的实验中,让光源通过滤光片获得单色光,让单色光通过单缝,获得线光源,让单色的线光源通过双缝在光屏上产生干涉条纹.根据条纹的间距公式,求出光的波长.螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数,需估读.
(2)本实验采用伏阻法测量电源的电动势,根据E=U+Ir推导出﹣的关系式,通过描点作图,然后结合图象的斜率和截距进行研究.
【解答】解:
(1)①A、调节光源高度使光束沿遮光筒轴线照在屏中心时,不需放单缝和双缝.故A错误.
B、测量某条干涉亮纹位置时,应使测微目镜分划板中心刻线与该亮纹的中心对齐.故B正确.
C、n条亮纹之间有n﹣1个间距,相邻条纹的间距.故C正确.
本题选错误的,故选A.
②螺旋测微器的读数等于1.5mm+0.01×47.0mm=1.970mm.
(2)①电压表量程为10V,共50格,故读数为9.0V;
②(ⅰ)根据电路图连接实物图,如图所示:
(ⅰⅰ)作出﹣图线,如图所示:
(ⅰⅰⅰ)根据闭合电路欧姆定律,有:
E=
得到:
图象的纵轴截距表示,故=0.10,解得E=10V
故答案为:
(1)①A;②1.970;
(2)①9.0;
②(ⅰ)如图所示;
(ⅱ)如图所示;
(ⅲ)9.5~11.1.
【点评】本题第一小题关键会用螺旋测微器读数;第二小问关键根据闭合电路欧姆定律推导出﹣关系式并作出﹣图线进行分析.
8.(2012•福建)如图,置于圆形水平转台边缘的小物块随转台加速转动,当转速达到某一数值时,物块恰好滑离转台开始做平抛运动.现测得转台半径R=0.5m,离水平地面的高度H=0.8m,物块平抛落地过程水平位移的大小s=0.4m.设物块所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,取重力加速度g=10m/s2求:
(1)物块做平抛运动的初速度大小v0;
(2)物块与转台间的动摩擦因数μ.
【考点】平抛运动;牛顿第二定律;向心力.菁优网版权所有
【专题】平抛运动专题.
【分析】
(1)平抛运动在水平方向做匀速直线运动,在竖直方向上做自由落体运动,根据水平方向和竖直方向上的运动规律求出平抛运动的初速度.
(2)当转速达到某一数值时,物块恰好滑离转台开始做平抛运动.根据静摩擦力提供向心力,通过临界速度求出动摩擦因数.
【解答】解:
(1)物块做平抛运动,在竖直方向上有①
在水平方向上s=v0t②
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