学年北京课改版八年级物理下册 第5章 简单机械 单元测试试题有答案Word格式文档下载.docx
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请说明理由:
答:
的实验方案好;
理由是 。
10.小华利用圆柱形的铅笔、全长15cm的钢尺以及重0.3N的橡皮组装成如图所示的杠杆,此时应沿 (顺/逆)时针方向旋动铅笔,调整钢尺到水平平衡;
平衡时,发现橡皮的中心在钢尺2.5cm刻度处,铅笔在4.5cm刻度处,则钢尺的重力G= N。
11.使用简单机械可以给人们的生活带来便利:
如图(a)旗杆的顶端安装着一个 滑轮,用来改变拉力的方向;
小丽用把缝衣剪刀剪布,如图(b)所示,她为了省距离应将布放在剪刀的
处,为了省力应将布放在剪刀 处(填“A”或“B”)。
12.古代城堡的建设中使用了如图所示的吊车,工人用脚踩动巨轮可以轻松地提运沉重的石材,同时也改变了 ,这种吊车实质上是 与轮轴的组合。
13.今年是中华人民共和国成立70周年,我区各个学校都开展“升国旗,唱国歌”的主题活动,如图所示为某学校升旗的情景,旗杆顶装的滑轮是 滑轮,它的作用是 。
14.人们吃硬东西时(如图),用门牙咬不动,便换用里面的臼齿(大牙)使硬物开裂,这样做是在动力臂和阻力不变的基础上,用 办法来达到较之前 (选填“省”或“费”)力的目的。
15.在探究杠杆平衡条件的实验中,某同学发现在调节过程中杠杆左端低右端高,要使杠杆在水平位置平衡,应将杠杆左端的平衡螺母向 (选填“左”或“右”)调节;
调节平衡后,在杠杆的右边A处挂4个质量均为50g的砝码,如图所示,要使杠杆在水平位置平衡,应在杠杆左边的B处竖直向下用 N的力来拉(g=10N/kg)。
16.如图所示,救援队员用撬棒把滚落在公路上的石块撬起。
若救援队员在撬棒D点沿DM方向用力撬起石块1,撬棒的支点是 点;
若救援队员在撬棒D点沿DN方向用力撬起石块1,撬棒的支点是 点。
作用力沿 (选填“DM“或“DN“)方向更省力。
三.作图题(共2小题,每小题4分,共8分)
17.工人站在地面上用如图的滑轮组提升重物,画出滑轮组的绕绳方式。
18.如图所示是羊角锤撬铁钉时的示意图,请画出动力F的力臂的示意图。
四.实验探究题(共3小题,每空2分,共32分)
19.同学们共同研究滑轮的特点:
(1)他们研究定滑轮特点时,做的实验如图甲所示,据此可证明:
使用定滑轮 。
(2)他们研究动滑轮特点时,用动滑轮匀速竖直提升重物,如图乙所示。
据此可知,使用动滑轮 。
(3)他们组装了滑轮组,使用滑轮组匀速提升重物,如图丙所示,拉力为 N.据此可
知,使用滑轮组不仅可以 ,还可以 。
20.小明在“探究杠杆的平衡条件”实验中:
(1)挂钩码前,杠杆在如图甲所示位置静止,此时杠杆 (达到/没有达到)平衡状态,接下来应将杠杆两端的螺母向 侧进行调节,使杠杆平衡于 位置。
(2)杠杆调节完成后,小明在图乙所示的A处挂上3个钩码,为了使杠杆再次平衡在原位置,应在B处挂上 个钩码。
(3)下表是小明在实验中记录杠杆平衡的3次实验数据:
实验序号
F1(N)
l1(cm)
F2(N)
l2(cm)
1
1.5
20
2
15
3
10
分析上表中的实验数据可以得出的结论是 。
第二组数据的动力臂与阻力臂相等,此类杠杆的应用有 (请举一例)。
(4)小明改用如图丙所示方法进行探究,发现当弹簧测力计拉力方向偏离竖直方向时,弹簧测力计的拉力会变大,原因是 。
21.对O为支点的轻质杠杆同时施加大小不等的力F1、F2后保持静止,(如图甲)
(1)此时杠杆是否处于平衡状态?
(选填“是”或“不是”)。
(2)画出图甲中F2的力臂L2。
(3)原来处于水平静止位置的轻质杠杆(每格的长度为L),如图乙所示受到F1、F2两个力。
小明认为“若F1L1=F2L2,则杠杆平衡”,请问他的判断是否正确?
若正确,请说明判断的依据;
若不正确,请指出错在哪里。
小明的判断 (选填“正确”或“不正确”),理由:
(填写你认为正确的依据或不正确的错处)。
五.计算题(共1小题,共9分)
22.如图所示装置,轻质杠杆AB在水平位置保持平衡,O为杠杆的支点,OA:
OB=1:
2,甲、乙两容器中均装有水,物体M浸没在乙容器的水中,且没有碰到容器底。
已知:
甲容器中活塞C(含杆AC)的质量m0=1kg,活塞C的横截面积S=800cm2,水深h1=50cm,h2=40cm。
物体M的体积VM=1×
10﹣3m3,不计摩擦和绳重,g取10N/kg。
求:
(1)物体M所受浮力F浮;
(2)活塞C受到水的压力F压;
(3)物体M的重力。
六.解答题(共2小题,每空2分,共16分)
23.高层楼房一般都配备电梯,如图所示是某种升降机的简化结构图,它包括电动机,导向轮,轿厢,配重,曳引钢丝等。
钢丝绕过导向轮和电动机曳引轮,两端分别连接轿厢和配重,电动机利用钢丝和导向轮、曳引轮间的摩擦传递动力,使轿厢升降自如。
(1)导向轮的类型为 (选填“定滑轮”或“动滑轮”)。
(2)若己知轿厢(包含乘客)的重力为G1,配重的重力为G2,且G1>G2.则轿厢匀速上升时,钢丝绳受到的摩擦力大小f= ;
当轿厢改为匀速下降时,钢丝绳受到的摩擦力方向
(选填“改变”或“不变”)。
(3)请你从节能的角度分析配重在电梯工作过程中所起的作用 。
24.如图所示,人的前臂可以看成是以肘关节为支点的杠杆,当手托物件曲肘时,胳膊上的肱二头肌会对前臂施加一个动力,物件对前臂施加一个阻力。
(1)前臂属于 杠杆,这种结构的好处是 ;
(2)请画出图中铅球对手的阻力F2的力臂L2.假设阻力臂的长度为25cm,铅球的重力为30N,动力臂的长为5cm,则肱二头肌对前臂拉力为 N。
(3)当手将铅球沿肘关节缓慢的向上托起时,则肌肉所提供的动力将 (选填“增大“、“减小“或“不变“)。
参考答案与试题解析
一.选择题(共8小题)
1.【解答】解:
A、A图中的剪刀在使用过程中,动力臂大于阻力臂,是省力杠杆,省力但费距离,故A错误;
B、B图中的剪刀在使用过程中,动力臂大于阻力臂,是省力杠杆,省力但费距离,故B错误;
C、C图中的剪刀在使用过程中,动力臂小于阻力臂,是费力杠杆,费力,但省距离,故C正确;
D、D图中的剪子在使用过程中,动力臂大于阻力臂,是省力杠杆,省力但费距离,故D错误;
故选:
C。
2.【解答】解:
①钓鱼竿使用时,动力臂小于阻力臂,是费力杠杆;
②在使用羊角锤时,动力臂大于阻力臂,是省力杠杆;
③在使用筷子夹取东西时,动力臂小于阻力臂,是费力杠杆;
④核桃夹在使用过程中,动力臂大于阻力臂,是省力杠杆;
A。
3.【解答】解:
设一个钩码的重是G,由图可知:
F1=2G,F2=3G,此时由F1l1=F2l2可得,2Gl1=3Gl2,则2l1=3l2,可以设左边的力臂为l1=3L,右边的力臂l2=2L;
A、由图可知,左边的力臂要大于右边的力臂,分别在两边钩码下再增加一个相同钩码,左边增大G3L,右边增大G2L,则两边增大的力和力臂的乘积不相等,故杠杆不能平衡,故A错误;
B、左边减少1个钩码,则力和力臂的乘积为:
G3L;
右边减少2个钩码,则力和力臂的乘积为G2L,两边力臂和力的乘积不相等,不能平衡,故B错误;
C、两边钩码均向支点移动相同的距离,由于两边的力不同,则减小的力与力臂的乘积也不相同,故杠杆不能平衡;
D、左边钩码向左移1.5L,右边钩码向右移1L,左边:
2G×
(3L+1.5L)=9GL;
右边:
3G×
(2L+1L)=9GL;
两边力臂和力的乘积相等,杠杆能平衡,故D正确。
D。
4.【解答】解:
滑轮组中动滑轮能省力,定滑轮能改变用力的方向;
故A能够做到。
在滑轮组中,绳子的末端没有经过定滑轮时只能省力,但是不改变用力的方向;
故C也能做到。
使用滑轮组可以省力和改变用力的方向,但是要费距离,即使用滑轮组肯定做不到的是既省力又省距离,故B符合题意。
B。
5.【解答】解:
由图1可知,当m=20g时,VA=10cm3,VB=40cm3,
则ρA=
=
=2g/cm3,ρB=
=0.5g/cm3,
所以ρA:
ρB=2g/cm3:
0.5g/cm3=4:
1;
因为A、B的体积相同,
所以由G=mg=ρVg可得,A、B的重力之比:
GA:
GB=ρAVg:
ρBVg=ρA:
ρB=4:
由图2可知,使用的滑轮组中n=2,不计摩擦和滑轮的自重,
要使它们处于静止状态,设方框中挂N个B物体,
则有:
N•GB=2GA,
则N=2×
=2×
=8。
6.【解答】解:
由图可知,将杠杆缓慢地由最初位置拉到水平位置时,动力臂不变,阻力不变,阻力臂变大,根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知,动力逐渐变大。
7.【解答】解:
AB、杆平衡是指杠杆处于静止或匀速转动状态,与杠杆与处的位置无关,故A不正确、B正确;
C、杠杆在水平位置平衡,如果动力与阻力的方向竖直向下时,则动力臂与阻力臂均在杠杆上,便于实验的测量,但力臂并非一定要在杠杆上,即动力与阻力不一定必须是竖直向下的;
故C不正确;
D、探究杠杆平衡条件时,使杠杆在水平位置平衡,可以减小杠杆自重对实验的影响,如果不在水平位置平衡,测量时会更加不方便,但并不是探究不出杠杆的平衡条件,故D不正确。
8.【解答】解:
不计绳子、滑轮的重力及摩擦,提起的是同一物体G,
A、此图是动滑轮,由动滑轮及其工作特点可知,省一半的力,即F=
G;
B、此图是定滑轮,由定滑轮及其工作特点可知,不省力,即F=G;
C、此图是滑轮组,绕在动滑轮上的绳子有3股,则F=
D、此图是滑轮组,绕在动滑轮上的绳子有2股,则F=
G。
由以上可知:
在不计绳子、滑轮的重力及摩擦的情况下最省力的是C。
二.填空题(共8小题)
9.【解答】解:
杠杆处于静止状态或匀速转动状态都叫杠杆平衡,所以小凯的说法是对的;
力臂等于支点到力的作用线的距离,在小果的实验方案中,当杠杆在水平位置平衡时,力的方向与杠杆垂直,力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来。
而甲实验方案中的力臂不便于测量,所以,小果的实验方案好。
故答案为:
对;
小果;
便于直接读取力臂。
10.【解答】解:
由图可知,此时已铅笔为杠杆,右端下沉,为了使钢尺在水平位置平衡,应使得橡皮的压力的力臂变大,钢尺的重力的力臂减小,所以铅笔应向右运动,即使铅笔逆时针转动;
钢尺在水平位置平衡时,以铅笔为支点,根据杠杆的平衡条件可知:
F1L橡皮=GL钢尺,则钢尺的重力为:
G=
=0.2N。
逆;
0.2。
11.【解答】解:
(1)旗杆顶端的滑轮不与红旗一起升降,则旗杆顶端的滑轮是定滑轮,用来改变拉力的方向;
(2)将布放在剪刀的A处时,使动力臂小于阻力臂,此时剪刀是费力杠杆,但省距离;
图中剪刀在使用过程中,在同样的情况下,布往剪刀转动轴靠近时,减小了阻力臂,由F1L1=F2L2可知,能省力,故应将布放在剪刀的B处。
定;
A;
12.【解答】解:
使用定滑轮可以改变力的方向;
轮轴的轮半径大于轴半径,可以起到省力的作用;
物体作用在轴上,人的力作用在轮上,所以相当于一个轮轴,但轴固定不动,轮可以不断转动,所以又是一个定滑轮,故这种吊车实质上是定滑轮与轮轴的组合。
力的方向;
定滑轮。
13.【解答】解:
由图可知,旗杆顶部滑轮的轴是固定的,所以该滑轮为定滑轮;
使用定滑轮的优点是可以改变力的方向,但不能省力。
改变力的方向。
14.【解答】解:
人们吃硬东西时,用门牙咬不动,便换用里面的臼齿(大牙)使硬物开裂,这样做时动力臂和阻力没有变,但是阻力臂减小了,根据动力×
动力臂=阻力×
阻力臂,可知动力变小了,即省了力。
减小阻力臂;
省。
15.【解答】解:
(1)在实验中,发现杠杆左端偏低,可将左端的平衡螺母或右端的平衡螺母向右调节。
(2)设杠杆每一个小格代表L,右边阻力臂L2=3L,F2=mg=50×
4×
10﹣3kg×
10N/kg=2N;
左边动力臂L1=4L,
根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得:
2N×
3L=F1×
4L,
解得:
F1=1.5N。
右;
1.5。
16.【解答】解:
(1)读图可知,当沿DM方向用力撬石块1时,杠杆围绕A点转动,因此A为这时的支点;
同样,当沿DN方向用力撬石块1时,杠杆围绕C点转动,因此C为此时的支点;
(2)当以A为支点时,杠杆的动力臂为AD的长,
当以C为支点时,杠杆的动力臂是从C点到DN的作用线的距离,
显然要比AD要短,因此,沿DM方向用力撬石块1更省力。
C;
DM。
三.作图题(共2小题)
17.【解答】解:
因为滑轮组要求工人站在地面上提升重物,因此,在绕绳时,最终的绳子自由端方向应该向下,如图所示,由两段绳子承担物重。
18.【解答】解:
羊角锤与物体的接触点是支点O,从支点到力F的作用线作垂线段,即可作出力臂L,如图所示:
四.实验探究题(共3小题)
19.【解答】解:
(1)由图甲可知,三种拉力情况,每次拉力的方向都不相同,都能使物体竖直上升;
每次测力计的示数都为1N,等于物重,可得出结论:
定滑轮可以改变力的方向,但不能省力。
(2)在图乙中,拉力F=0.6N<G=1N,说明使用动滑轮时能省力,但不能改变力的方向。
(3)由图丙可知,测力计的分度值为0.2N,示数为0.8N;
使用定滑轮和动滑轮组成的滑轮组,可以省力,也可以改变力的方向;
(1)能改变力的方向,但不能省力;
(2)能省力,但不能改变力的方向;
(3)0.8;
省力;
改变拉力的方向。
20.【解答】解:
(1)杠杆保持静止,此时杠杆处于静止状态,达到平衡;
由图中,杠杆的左端较高,平衡螺母应向左端移动使杠杆在水平位置平衡;
(2)设杠杆的一个小格为L,一个钩码重为G,
因为,F1l1=F2l2,
所以,3G×
4L=nG×
3L,
所以,n=4,所以在B处挂4个钩码;
(3)分析三组数据:
实验序号1中,F1L1=1.5×
20=30,F2L2=2×
15=30;
即F1L1=F2L2;
实验序号2中,F1L1=2×
20=40,F2L2=2×
20=40;
实验序号3中,F1L1=2×
15=30,F2L2=3×
10=30;
因此可得出的结论为:
F1L1=F2L2;
当动力臂与阻力臂相等时,为等臂杠杆,应用于天平;
(4)保持杠杆处于水平平衡,当弹簧测力计倾斜拉动杠杆时,拉力的力臂变小,但是阻力和阻力臂均不变,根据杠杆平衡条件可知,弹簧测力计的拉力会变大。
(1)达到;
左;
水平;
(2)4;
(3)F1L1=F2L2;
天平;
(4)拉力的力臂变小。
21.【解答】解:
(1)由于图甲中两力F1、F2作用在杠杆上能使杠杆保持静止状态,因此此时的杠杆是平衡状态;
(2)先反向延长F2的作用线,然后从支点O作拉力F2的作用线的垂线,从支点到垂足的距离就是F2的力臂。
如下图所示:
(3)由于图中两力F1、F2均使杠杆绕着支点O顺时针转动,两力使杠杆转动的方向相同(或没有考虑两个力的方向),故杠杆不可能平衡,因此小明的判断不正确。
(1)是;
(2)如上图所示;
(3)不正确;
没有考虑两个力的方向。
五.计算题(共1小题)
22.【解答】解:
(1)物体M浸没在水中,则物体M所受浮力:
F浮=ρ水gVM=1×
103kg/m3×
10N/kg×
1×
10﹣3m3=10N;
(2)由图可知,活塞C所处的深度为h1﹣h2=50cm﹣40cm=10cm=0.1m,
活塞受到水的压强:
p=ρ水g(h1﹣h2)=1×
0.1m=1000Pa;
根据p=
可得活塞C受到水的压力:
F压=pS=1000Pa×
800×
10﹣4m2=80N;
(3)甲容器中活塞C(含杆AC)的重力:
G0=m0g=1kg×
10N/kg=10N,
对活塞进行受力分析可知,活塞受到向下的重力G0、杠杆A端向下的压力FA和水向上的压力F压,
由力的平衡条件可得:
G0+FA=F压,﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
物体M受到向上的浮力F浮、绳子向上的拉力FB和向下的重力GM,
GM=FB+F浮,﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
由①②变形可得,杠杆A端受的拉力为FA=F压﹣G0,B端受的拉力为FB=GM﹣F浮;
因为杠杆AB在水平位置保持平衡,
所以由杠杆平衡条件得:
FA×
OA=FB×
OB,且OA:
2,
则:
(F压﹣G0)×
OA=(GM﹣F浮)×
OB,
代入数据得:
(80N﹣10N)×
1=(GM﹣10N)×
解得,GM=45N。
(1)物体M所受浮力F浮为10N;
(2)活塞C受到水的压力F压为80N;
(3)物体M的重力为45N。
六.解答题(共2小题)
23.【解答】解:
(1)由图可知:
导向轮的轴是固定不动的,所以导向轮的类型为定滑轮;
(2)轿厢受到重力G1、轿厢匀速上升时,则钢丝绳对轿厢向上的拉力为G1,
由于导向轮是定滑轮,不能改变力的大小,所以,导向轮与电动机曳引轮之间的钢丝上的拉力为G2,即:
配重与电动机曳引轮之间的钢丝上的拉力为G2,
由于轿厢匀速上升,则钢丝绳匀速运动,受力平衡,
所以,G1=f+G2,则:
f=G1﹣G2;
当轿厢改为匀速下降时,由于钢丝绳仍然处于匀速运动状态,则受到的各力的大小、方向都不变,
(3)配重的作用:
能减小电动机的动力,从而减小电动机的功率,可以减小电动机在相同时间内消耗的电能。
(1)定滑轮;
(2)G1﹣G2;
不变;
(3)减小电动机的拉力,从而减小电动机的功率。
24.【解答】解:
(1)若把前臂看成杠杆,支点在肘关节的位置,肱二头肌收缩抬起前臂是动力,重物作用在手上产生的力是阻力;
当曲肘将重物举起时,动力臂小于阻力臂,属于费力杠杆,费力但省距离。
(2)从支点到阻力的作用线的距离叫阻力臂,如下图所示:
根据杠杆的平衡条件:
F1L1=F2L2,
代入数据F1×
5cm=30N×
25cm,
F1=
=150N;
(3)当手将铅球沿肘关节缓慢的向上托起时,阻力和动力臂大小不变,阻力臂变小,由杠杆的平衡条件可知,动力将减小。
(1)费力;
省距离;
150;
(3)减小。
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