自动控制原理考试试题第七章习题与答案文档格式.docx
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dx
xxx
I:
1(x0)
II:
计算列表
-∞-3-1-1/301/313∞
x0:
11-1-2/302-∞-4-2-4/3-1
11-1-4/3-2-4∞20-2/3-1
用等倾斜线法绘制系统相平面图如图解7-2(a)所示。
图解7-2(a)系统相平面图
(2)xxx
112①
x22xx②
由式①:
x2x1x1③
式③代入②:
(x1x1)2x1(x1x1)
即x12x1x10④
令x1x10
得平衡点:
xe0
由式④得特征方程及特征根为
2.414
2s
s2101,2(鞍点)
0.414
画相轨迹,由④式
11
x12x1x1
22.53∞11.52
=1/(-2)∞210-1-2∞
用等倾斜线法绘制系统相平面图如图解7-2(b)所示。
7-3已知系统运动方程为xsinx0,试确定奇点及其类型,并用等倾斜线法绘制
相平面图。
解求平衡点,令xx0得
sinx0
平衡点xek(k0,1,2,)。
将原方程在平衡点附近展开为台劳级数,取线性项。
设F(x)xsinx0
F
xexe
x0
xxex0
cos
xx0
xk(k0,2,4,
)
xk(k1,3,5,
特征方程及特征根:
k为偶数时s10,j(中心点)
k为奇数时s
10,1(鞍点)
用等倾斜线法作相平面
sinxxsinx
xsinx
-2-1-1/2-1/401/41/212
-1/1/2124∞-4-2-1-1/2
作出系统相平面图如图解7-3所示。
4
7-4若非线性系统的微分方程为
(1)x(3x0.5)xxx0
(2)xxxx0
试求系统的奇点,并概略绘制奇点附近的相轨迹图。
解
(1)由原方程得
xf(x,x)(3x0.5)xxx3x0.5xxx
2
(1)0得xxxx
解出奇点xe0,1
在奇点处线性化处理。
在xe0处:
f(x,x)f(x,x)
(12x)x(6x0.5)xx0.5x
xx0xx0
即x0.5xx0
特征方程及特征根
2.50.54
s120.25j0.984(不稳定的焦点)
在xe1处
5
x(12x)
(
6x
2.65)
0.5x
特征根
0.50.541.218
s(鞍点)
20.718
概略画出奇点附近的相轨迹如图解7-4
(1)所示:
(2)由原方程
xf(x,x)xxx
令xx0得奇点xe0,在奇点处线性化
f
(x1)xxx
得xx
即xx0
特征根sj
1,2。
奇点xe0(中心点)处的相轨迹如图解7-4
(2)
所示。
7-5非线性系统的结构图如图7-36所示。
系统开始是静止的,输入信号r(t)41(t),试写
出开关线方程,确定奇点的位置和类型,画出该系
统的相平面图,并分析系统的运动特点。
解由结构图,线性部分传递函数为
C(s)1
M(s)s
得c(t)m(t)①
6
由非线性环节有
0e2
m(t)e(t)2e2②
e(t)2e2
由综合点得
c(t)r(t)e(t)4e(t)③
将③、②代入①得
0e2I
e(t)2e(t)e2II
2e(t)e2III
开关线方程为e(t)2
e(t)0ec(常数)
ee20
II令ee0得奇点e
02
s10,s,j(中心点)
III:
III令ee0得奇点e
绘出系统相轨迹如图解7-5所示,可看出系统运动呈现
周期振荡状态。
7-6图7-37所示为一带有库仑摩擦的二阶系统,试用相平面法讨论库仑摩擦对系统单
位阶跃响应的影响。
7
解由系统结构图有
c0C(s)51
E(s)s0.5s12:
c0
s(0.5s12)C(s)5E(s)
2.75c
0.6c
3c
c
5e
I
II
①
因为cre1e②
②代入①式有
e6e10e0e0I
e2e10e0e0II
特征方程与特征根
s
6s100s3j(稳定的焦点
2s100s1
j
不稳定的焦点
依题意c(0)0,c(0)0
可得
e(0)1c(0)1
e(0)c(0)0
以(1,0)为起点概略作出系统相轨迹。
可见系统阶跃响
应过程是振荡收敛的。
7-7已知具有理想继电器的非线性系统如图7-38
图7-38具有理想继电器的非线性系统
试用相平面法分析:
8
(1)Td0时系统的运动;
(2)Td0.5时系统的运动,并说明比例微分控制对改善系统性能的作用;
(3)Td2时系统的运动特点。
解依结构图,线性部分微分方程为
cu①
非线性部分方程为
u
Te
d
T
②
开关线方程:
由综合口:
cre1e③
③、②代入①并整理得
在I区:
ee
de
220(抛物线)解出:
ee(e)
同理在II区可得:
220(抛物线)ee(e)
开关线方程分别为
Td0时,e0;
Td0.5时,e2e;
Td2时,e0.5e.
概略作出相平面图如图解7-7所示。
图习题集P178T8-10
9
由相平面图可见:
加入比例微分控制可以改善系统的稳定性;
当微分作用增强时,系统振荡
性减小,响应加快。
7-8具有饱和非线性特性的控制系统如图7-39所示,试用相平面法分析系统的阶跃响
应。
解非线性特性的数学表达式为
e|e|a
yMea
Mea
线性部分的微分方程式为
图7-39非线性系统结构图
TccKy
考虑到rce,上式又可以写成
TeeKyTrr
输入信号为阶跃函数,在t0时有,rr0,因此有
TeeKy0
根据已知的非线性特性,系统可分为三个线性区域。
Ⅰ区:
系统的微分方程为
TeeKe0(ea)
按前面确定奇点的方法,可知系统在该区有一个奇点(0,0),奇点的类型为稳定焦点。
图
解7-8(a)为Ⅰ区的相轨迹,它们是一簇趋向于原点的螺旋线。
Ⅱ区:
TeeKM0(ea)
设一般情况下,初始条件为
e(0)e0,e(0)e。
则上式的解为
tT
e(t)e0(e0KM)T(e0KM)TeKMt
对上式求一次导数,得
e(t)(e0KM)eKM
故当初始条件e'
KM时,相轨迹方程为e'
KM。
当e'
KM时,相轨迹方程为
e0(ee)TKMTln
KM
10
由此可作出该区的相轨迹,如图解7-8(b)所示,相轨迹渐进于直线eKM。
Ⅲ区:
此时系统的微分方程为
将Ⅱ区相轨迹方程中的KM改变符号,即得Ⅲ区的相轨迹方程
eKM(
eKM
(ee)TKMT
ln
(e
该区的相轨迹如图解7-8(b)所示。
将以上各区的相轨迹连接起来,便是系统的整个相平面图,如图解7-8(c)所示。
假使系统原来处于静止状态,则在阶跃输入作用时,相轨迹的起始点应为
e(0)R,e(0)0。
此时的系统的相平面图如图解7-8(d)所示。
由图可知,系统在阶
跃输入作用时,系统是稳定的,其稳态误差为零。
动态过程具有衰减振荡性质,最大超调量
可从图中量得。
图解7-8非线性系统的相平面图
7-9试推导非线性特性yx3的描述函数。
解y(t)A3sin3t
14A
34
B2
1Asintdt
00
(1co2st)dt
333
AAA2
22cos
(12tcos2t)dtsin2t
Aco4st1
dt
3A
AAA3
0cos4dt2
2tdt
2224
N(A)
BA
AA
A
7-10三个非线性系统的非线性环节一样,线性部分分别为
(1)G(s)
s(0.1s1)
(2)G(s)
s(s1)
(3)G(s)
2(1.5s1)
s(s1)(0.1s1)
试问用描述函数法分析时,哪个系统分析的准确度高?
解线性部分低通滤波特性越好,描述函数法分析结果的准确程度越高。
分别作出三个
系统线性部分的对数幅频特性曲线如图解7-10所示。
由对数幅频特性曲线可见,L2的高频段衰减较快,低通滤波特性较好,所以系统
(2)的描
述函数法分析结果的准确程度较高。
7-11将图7-40所示非线性系统简化成环节串联的典型结构图形式,并写出线性部分的
传递函数。
图7-40非线性系统结构图
解(a)将系统结构图等效变换为图解7-11(a)的形式。
G(s)G1(s)[1H1(s)]
(b)将系统结构图等效变换为图解7-11(b)的形式。
G(s)H(s)
G(s)
7-12判断题7-41图中各系统是否稳定;
1N(A)与G(j)两曲线交点是否为自振点。
13
题7-41图自振分析
解(a)不是
(b)是
(c)是
(d)a、c点是,b点不是
(e)是
(f)a点不是,b点是
(g)a点不是,b点是
(h)系统不稳定
(i)系统不稳定
(j)系统稳定
7-13已知非线性系统的结构图如图7-42所示
图7-427-13题图
图中非线性环节的描述函数为
A6
N(A)(A0)
A2
14
试用描述函数法确定:
(1)使该非线性系统稳定、不稳定以及产生周期运动时,线性部分的K值范围;
(2)判断周期运动的稳定性,并计算稳定周期运动的振幅和频率。
解
(1)
1(A2)
N(A)A6
N(0)3N
()
dN(A)4
dA(A2)
N(A)单调降,1N(A)也为单调降函数。
画出负倒描述函数曲线1N(A)和G(j)曲线
如图解7-13所示,可看出,当K从小到大变化时,系统会由稳定变为自振,最终不稳定。
求使Im[G(j)]0的值:
令G(j)902arctg180
得arctg45,1
令Gj
K
可得出K值与系统特性之间的关系:
15
(2)由图解7-13可见,当1N(A)和G(j)相交时,系统一定会自振。
由自振条件
N(A)G(j)
22
(A6)K2A4
6K4
2A
解出(K2)
2K
7-14具有滞环继电特性的非线性控制系统如图7-43(a)所示,其中M1,h1。
(1)当T0.5时,分析系统的稳定性,若存在自振,确定自振参数;
(2)讨论T对自振的影响。
图7-43非线性系统结构图及自振分析
解具有滞环继电特性的描述函数为
4Mh4hM
N(A)1()j,
AAA
Ah
代入M1,h1,有
24
N
A(1()j)
(A)4
1111
4(1()j)(1()j)
AAAA
1j
16
其负倒描述函数1N(A)曲线如题7-43(b)所示,G(j)曲线位于第三象限,两曲线必
然有交点,且该点为自振点。
5(Ts
1)
G(j)
5T
A)
根据虚部相等,有
jj
20T
自振角频率随T增大而增大,当T0.5时,3.18。
根据实部相等,有
52
解出非线性输入端振幅为
A1
400T
当T0.5时,A1.18。
自振振幅随T增大而减小。
7-15非线性系统如图7-44所示,试用描述函数法分析周期运动的稳定性,并确定系统
输出信号振荡的振幅和频率。
17
解将系统结构图等效变换为图解7-15。
101010
j(j1)1
(1)
2.8
0.7
0.6
0.2
1A1
N(A)40.20.2
0.20.2
令G(j)与1N(A)的实部、虚部分别相等得
(1)
0.157
两式联立求解得3.91,A0.806。
10.806
由图7-44,r(t)0时,有c(),所以c(t)的振幅为0.161
(t)e(t)xt
55
。
7-16用描述函数法分析图7-45所示系统的稳定性,并判断系统是否存在自振。
若存在
自振,求出自振振幅和自振频率(Mh)。
图7-45非线性系统结构图
18
解因为Mh,所以当xc0时N1(A)环节输出为Mh,N2(A)环节输出
也为Mh。
同样N3(A)输出也是M;
当x0时情况类似。
所以实际上N2(A)和N3(A)
不起作用,系统可等效为如图解7-16(a)的形式。
画出1N(A)和G(j)曲线如图解7-16(b)所示。
可见系统一定自振。
N1(A)G(j)1
4M10
即1
Aj(1j)(2j)
40M22
j(1j)(2j)3j(2
比较实部、虚部有
40M
(2)0
A2.12M解出
图解7-16
7-17试用描述函数法说明图7-46所示系
统必然存在自振,并确定输出信号c的自振振幅
和频率,分别画出信号c、x、y的稳态波形。
解
41
N(A),
AN(A)
图7-46非线性系统结构图
绘出1N(A)和G(j)曲线如图解7-17(a)所示,可见D点是自振点,系统一定会自振。
由自振条件可得
4j(j2)
A10
即
2j
4(4)
1010
19
令虚部为零解出=2,代入实部得
A=0.796。
则输出信号的自振幅值
为:
AcA20.398。
画出c、x、y点的信号波形
如图解7-17(b)所示。
20
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- 自动控制 原理 考试 试题 第七 习题 答案
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