高考数学一轮复习 89 曲线与方程精品教学案学生版 新人教版.docx
- 文档编号:1804856
- 上传时间:2022-10-24
- 格式:DOCX
- 页数:15
- 大小:168.42KB
高考数学一轮复习 89 曲线与方程精品教学案学生版 新人教版.docx
《高考数学一轮复习 89 曲线与方程精品教学案学生版 新人教版.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《高考数学一轮复习 89 曲线与方程精品教学案学生版 新人教版.docx(15页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
高考数学一轮复习89曲线与方程精品教学案学生版新人教版
2019-2020年高考数学一轮复习8.9曲线与方程精品教学案(学生版)新人教版
【考纲解读】
了解方程的曲线与曲线的方程的对应关系.
【考点预测】
高考对此部分内容考查的热点与命题趋势为:
1.平面解析几何是历年来高考重点内容之一,经常与逻辑、不等式、三角函数等知识结合起来考查,在选择题、填空题与解答题中均有可能出现,在解答题中考查,一般难度较大,与其他知识结合起来考查,在考查平面解析几何基础知识的同时,又考查数形结合思想、转化思想和分类讨论等思想,以及分析问题、解决问题的能力.
2.xx年的高考将会继续保持稳定,坚持考查解析几何与其他知识的结合,在选择题、填空题中继续搞创新,命题形式会更加灵活.
【要点梳理】
1.已知曲线形状,求方程:
可以用待定系数法.
2.未知曲线的形状,求方程:
(1)直接法:
直接由条件列式,化简整理即可;
(2)代入法:
明确主动点与被动点;(3)定义法:
利用圆或圆锥曲线的定义求轨迹方程.
【例题精析】
考点一 求曲线方程
例1.(xx年高考湖北卷文科21)设A是单位圆x2+y2=1上任意一点,l是过点A与x轴垂直的直线,D是直线l与x轴的交点,点M在直线l上,且满足丨DM丨=m丨DA丨(m>0,且m≠1).当点A在圆上运动时,记点M的轨迹为曲线C。
(1)求曲线C的方程,判断曲线C为何种圆锥曲线,并求其焦点坐标。
(2)过原点且斜率为K的直线交曲线C于P,Q两点,其中P在第一象限,且它在y轴上的射影为点N,直线QN交曲线C于另一点H,是否存在m,使得对任意的K>0,都有PQ⊥PH?
若存在,请说明理由.
【变式训练】
1.(xx年高考辽宁卷文科20)(本小题满分12分)
如图,动圆,1 与椭圆: 相交于A,B,C,D四点,点分别为的左,右顶点。 (Ⅰ)当t为何值时,矩形ABCD的面积取得最大值? 并求出其最大面积; (Ⅱ)求直线AA1与直线A2B交点M的轨迹方程。 考点二 曲线与方程的综合应用 例2.(xx年高考江西卷文科20)(本小题满分13分) 已知三点O(0,0),A(-2,1),B(2,1),曲线C上任意一点M(x,y)满足 (1)求曲线C的方程; (2)点Q(x0,y0)(-2 【变式训练】 2.(黑龙江省哈六中xx届高三第三次模拟)(本小题满分12分)已知椭圆()的右焦点为,离心率为. (Ⅰ)若,求椭圆的方程; (Ⅱ)设直线与椭圆相交于,两点,分别为线段的中点.若坐标原点在以为直径的圆上,且,求的取值范围. 【易错专区】 问题: 曲线与方程的综合应用 例.(黑龙江省哈尔滨市第六中学xx届高三第一次模拟)如图,已知椭圆的长轴为,过点的直线与轴垂直,直线所经过的定点恰好是椭圆的一个顶点,且椭圆的离心率 (1)求椭圆的标准方程; (2)设是椭圆上异于、的任意一点,轴,为垂足,延长到点使得,连接并延长交直线于点,为的中点.试判断直线与以为直径的圆的位置关系. 【课时作业】 1.(xx年高考湖南卷文科21)已知平面内一动点到点F(1,0)的距离与点到轴的距离的等等于1. (I)求动点的轨迹的方程; (II)过点作两条斜率存在且互相垂直的直线,设与轨迹相交于点,与轨迹相交于点,求的最小值. 2.(xx年高考陕西卷文科17)(本小题满分12分)设椭圆C: 过点(0,4),离心率为(Ⅰ)求C的方程;(Ⅱ)求过点(3,0)且斜率为的直线被C所截线段的中点坐标. 3.(xx年高考安徽卷理科21)设,点的坐标为(1,1),点在抛物线上运动,点满足,经过点与轴垂直的直线交抛物线于点,点满足,求点的轨迹方程。 4.(xx年高考全国新课标卷理科20)(本小题满分12分) 在平面直角坐标系xOy中,已知点A(0,-1),B点在直线y=-3上,M点满足MB//OA,MA•AB=MB•BA,M点的轨迹为曲线C。 (Ⅰ)求C的方程; (Ⅱ)P为C上的动点,l为C在P点处得切线,求O点到l距离的最小值。 5.(xx年高考天津卷理科18)(本小题满分13分) 在平面直角坐标系中,点为动点,分别为椭圆的左右焦点.已知△为等腰三角形. (Ⅰ)求椭圆的离心率; (Ⅱ)设直线与椭圆相交于两点,是直线上的点,满足,求点的轨迹方程. 【考题回放】 1.(xx年高考上海卷文科8)动点到点的距离与它到直线的距离相等,则的轨迹方程为。 2.(xx年高考江西卷理科14)若椭圆的焦点在轴上,过点(1,)作圆的切线,切点分别为A,B,直线恰好经过椭圆的右焦点和上顶点,则椭圆方程是. 3.(xx年高考全国新课标卷理科14)在平面直角坐标系中,椭圆的中心为原点,焦点在轴上,离心率为。 过的直线交于两点,且的周长为16,那么的方程为。 4.(xx年高考重庆卷理科15)设圆位于抛物线与直线所组成的封闭区域(包含边界)内,则圆的半径能取到的最大值为 5.(xx年高考天津卷文科18)(本小题满分13分) 设椭圆的左、右焦点分别为,点满足. (Ⅰ)求椭圆的离心率; (Ⅱ)设直线与椭圆相交于A,B两点.若直线与圆相交于M,N两点,且|MN|=|AB|,求椭圆的方程. 6.(xx年高考广东卷文科21)(本小题满分14分) 在平面直角坐标系中,直线交轴于点A,设P是上一点,M是线段OP的垂直平分线上一点,且满足. (1)当点P在上运动时,求点M的轨迹E的方程; (2)已知.设H是E上动点,求的最小值,并给出此时点H的坐标; (3)过点且不平行于轴的直线与轨迹E有且只有两个不同的交点,求直线的斜率的取值范围. 7.(xx年高考重庆卷文科21)(本小题满分12分。 (Ⅰ)小问4分,(Ⅱ)小问8分) 如题(21)图,椭圆的中心为原点0,离心率e=,一条准线的方程是 (Ⅰ)求该椭圆的标准方程; (Ⅱ)设动点P满足: ,其中M、N是椭圆上的点,直线OM与ON的斜率之积为,问: 是否存在定点F,使得与点P到直线l: 的距离之比为定值;若存在,求F的坐标,若不存在,说明理由。 题(21)图 8.(xx年高考广东卷理科19)设圆C与两圆中的一个内切,另一个外切. (1)求C的圆心轨迹L的方程. (2)已知点且P为L上动点,求的最大值及此时点P的坐标. 2019-2020年高考数学一轮复习9.1平面、空间两条直线教案 ●网络体系总览 ●考点目标定位 1.直线与直线、直线与平面、平面与平面的位置关系. 2.线线、线面、面面的平行与垂直的判定和性质,三垂线定理. 3.两条异面直线所成的角,直线与平面所成的角,二面角的平面角. 4.点到平面的距离,线面距离,平行平面的距离,异面直线的距离,两点间的球面距离. 5.空间向量及其加法、减法,空间向量的坐标表示,空间向量的数量积. 6.直棱柱、平行六面体及正棱锥的性质,球的体积及表面积的计算. ●复习方略指南 1.立体几何不外乎两大问题,一类是空间位置关系的论证,这类问题应熟练掌握公理、定理、定义或用空间向量来论证,位置关系的论证要注意其间的转化.如线面平行可转化为线线平行等;另一类问题是空间量(空间角、距离、体积、侧面积)的计算,如线面角、二面角的求解. 2.立体几何在高考中,选择题、填空题一般出中等难度的题,解答题中可能会有难题. 3.归纳总结,理线串点,从知识上可分为: (1)平面的基本性质; (2)两个特殊的位置关系,即线线、线面、面面的平行与垂直;(3)三个角、三个距离.根据每部分内容选择典型的例题,总结出解题方法,对于空间位置关系的论证及空间角与距离的求解,还要注意把空间向量贯彻、渗透其中,通过一题多解,使学生把所学知识真正学活、会用. 4.抓主线攻重点,可以针对一些重点内容进行训练,平行和垂直是位置关系的核心,而线面垂直又是核心中的核心,线面角、二面角、距离均与线面垂直密切相关.因此对于这部分内容复习中要强化,并要注意用空间向量去解空间位置关系及空间量的求解. 5.复习中要加强数学思想方法的总结与提炼,立体几何中蕴涵着丰富的思想方法,如割补思想、降维转化思想即化空间问题到平面图形中去解决,又如证线面间的位置关系常需经过多次转换才能获得解决,又如可把空间位置关系及空间量的求解转化为空间向量的运算,这些无不体现着化归转化的思想.因此自觉地学习和运用数学思想方法去解题,常能收到事半功倍的效果. 9.1平面、空间两条直线 ●知识梳理 1.平面的基本性质,即三个公理及推论. 2.公理4及等角定理. 3.空间两条直线的位置关系有且只有三种,即平行、相交及异面. 4.两条异面直线所成的角及距离,求作异面直线所成的角时,往往取题中的特殊点. ●点击双基 1.若a,b是异面直线,则只需具备的条件是 A.a平面α,b平面α,a与b不平行 B.a平面α,b平面β,α∩β=l,a与b无公共点 C.a∥直线c,b∩c=A,b与a不相交 D.a⊥平面α,b是α的一条斜线 答案: C 2.如下图,直线a、b相交于点O且a、b成60°角,过点O与a、b都成60°角的直线有 A.1条B.2条C.3条D.4条 解析: 在a、b所确定的平面内有一条,平面外有两条. 答案: C 3.(xx年北京朝阳区模拟题)如下图,正四面体S—ABC中,D为SC的中点,则BD与SA所成角的余弦值是 A.B.C.D. 解析: 取AC的中点E,连结DE、BE,则DE∥SA,∴∠BDE就是BD与SA所成的角.设SA=a,则BD=BE=a,DE=a,cos∠BDE==. 答案: C 4.如下图,正方体ABCD—A1B1C1D1的棱长为a,那么 (1)哪些棱所在直线与直线BA1成异面直线? ______________________. (2)直线BA1与CC1所成角的大小为________. (3)直线BA1与B1C所成角的大小为________. (4)异面直线BC与AA1的距离为________. (5)异面直线BA1与CC1的距离是________. 答案: (1)D1C1、D1D、C1C、C1B1、DC、AD (2)45°(3)60°(4)a(5)a 5.(xx年全国)正六棱柱ABCDEF—A1B1C1D1E1F1的底面边长为1,侧棱长为,则这个棱柱的侧面对角线E1D与BC1所成的角是_____________. 解析: 连结FE1、FD,则由正六棱柱相关性质可得FE1∥BC1, 在△EFD中,EF=ED=1,∠FED=120°, ∴FD==. 在△EFE1和△EE1D中,易得E1F=E1D==,∴△E1FD是等边三角形, ∠FE1D=60°.而∠FE1D即为E1D与BC1所成的角. 答案: 60° 说明: 本题主要考查正六棱柱的性质及异面直线所成角的求法. ●典例剖析 【例1】如下图,四面体ABCD中,E、G分别为BC、AB的中点,F在CD上,H在AD上,且有DF∶FC=2∶3,DH∶HA=2∶3. 求证: EF、GH、BD交于一点. 证明: 连结GE、HF, ∵E、G分别为BC、AB的中点,∴GE∥AC. 又∵DF∶FC=2∶3,DH∶HA=2∶3,∴HF∥AC.∴GE∥HF. 故G、E、F、H四点共面. 又∵EF与GH不能平行,∴EF与GH相交,设交点为O. 则O∈面ABD,O∈面BCD,而平面ABD∩平面BCD=BD.∴EF、GH、BD交于一点. 评述: 证明线共点,常采用证两直线的交点在第三条直线上的方法,而第三条直线又往往是两平面的交线. 【例2】
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 高考数学一轮复习 89 曲线与方程精品教学案学生版 新人教版 高考 数学 一轮 复习 曲线 方程 精品 教学 学生 新人