云南省麒麟高中学年下学期期末考试 高一物理Word文档下载推荐.docx

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5.关于向心加速度，下列说法正确的是（　　）

A．由an＝

知，匀速圆周运动的向心加速度恒定

B．匀速圆周运动不属于匀速运动

C．向心加速度越大，物体速率变化越快

D．做圆周运动的物体，加速度时刻指向圆心

6.如图所示，物块P置于水平转盘上随转盘一起运动，图中c方向沿半径指向圆心，a方向与c方向垂直.当转盘逆时针转动时，下列说法正确的是（　　）

A．当转盘匀速转动时，P受摩擦力方向为c

B．当转盘匀速转动时，P不受转盘的摩擦力

C．当转盘加速转动时，P受摩擦力方向可能为a

D．当转盘减速转动时，P受摩擦力方向可能为b

7.“嫦娥一号”探月卫星沿地月转移轨道到达月球，在距月球表面200km的P点进行第一次“刹车制动”后被月球捕获，进入椭圆轨道Ⅰ绕月飞行，如图3所示.之后，卫星在P点经过几次“刹车制动”，最终在距月球表面200km的圆形轨道Ⅲ上绕月球做匀速圆周运动.用T1、T2、T3分别表示卫星在椭圆轨道Ⅰ、Ⅱ和圆形轨道Ⅲ的周期，用a1、a2、a3分别表示卫星沿三个轨道运动到P点的加速度，则下面说法正确的是（　　）

A．T1>

T2>

T3B．T1<

T2<

T3

C．a1>

a2>

a3D．a1<

a2<

a3

8.已知引力常量G、月球中心到地球中心的距离R和月球绕地球运行的周期T，仅利用这三个数据，可以估算出的物理量有（　　）

A．月球的质量B．地球的质量

C．地球的半径D．地球的密度

9.下列关于功率的说法中正确的是（　　）

A．由P＝

知，力做的功越多，功率越大

B．由P＝Fv知，物体运动得越快，功率越大

C．由W＝Pt知，功率越大，力做的功越多

D．由P＝Fvcosα知，某一时刻，即使力和速度都很大，但功率不一定大

10.如图所示，物体A的质量为m，A的上端连接一个轻弹簧，弹簧原长为L0，劲度系数为k，整个系统置于水平地面上，现将弹簧上端B缓慢地竖直向上提起，B点上移距离为L，此时物体A也已经离开地面，则下列说法中正确的是（　　）

A．提弹簧的力对系统做功为mgL

B．物体A的重力势能增加mgL

C．物体A的重力势能增加mg（L－L0）

D．物体A的重力势能增加mg

11.如图所示，质量为m的物块从A点由静止开始下落，加速度是

，下落H到B点后与一轻弹簧接触，又下落h后到达最低点C，在由A运动到C的过程中，空气阻力恒定，则（　　）

A．物块机械能守恒

B．物块和弹簧组成的系统机械能守恒

C．物块机械能减少

mg（H＋h）

D．物块和弹簧组成的系统机械能减少

12.据报道，2011年5月13日，世界上最大的太阳能飞机首次实现跨国飞行，它长达63.4m的机翼上覆盖着太阳能电池板．下列说法正确的是（　　）

A．太阳能可以转化为电能

B．太阳能不可以转化为电能

C．太阳能的利用，说明能量可以消灭

D．太阳能的利用，说明能量可以创生

二、多选题（共3小题,每小题5.0分,共15分）

13.（多选）某物体沿直线运动，其v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（　　）

A．第1s内和第2s内物体的速度方向相反

B．第1s内和第2s内物体的加速度方向相反

C．第3s内物体的速度方向和加速度方向相同

D．第2s末物体的加速度为零

14.（多选）如下图所示，各接触面是光滑的，则A、B间可能无弹力作用的是（　　）

A．

B．

C．

D．

15.（多选）下列关于能量的说法中正确的是（　　）

A．能量的概念是牛顿最早提出来的

B．能量有不同的表现形式，并可以相互转化，但总量不变

C．伽利略的斜面理想实验体现出能量是守恒的

D．以上说法均不正确

分卷II

三、实验题（共2小题,共15分）

16.如图为“探究物体的加速度与质量和受力的关系”的实验装置．沙和沙桶的质量为m，小车和砝码的质量为M.实验中将沙和沙桶的重力作为细线对小车的拉力．

（1）实验前，在进行平衡摩擦力的操作时，下列注意事项正确的是

A．应该让小车连接纸带并穿过打点计时器

B．必须让小车连接沙桶

C．纸带和沙桶都应连接

D．纸带和沙桶都不能连接

（2）现保持沙和沙桶的总质量m不变，改变小车和砝码的总质量M，探究加速度和质量的关系．如图是某次实验中打出的一条纸带，交变电流的频率为50Hz，每隔4个点选一个计数点，则小车的加速度为_________m/s2（保留两位有效数字）．通过实验得到多组加速度a、质量M的数据，为了方便准确地研究二者关系，一般选用纵坐标为加速度a，则横坐标为________（填“M”或“

”）．

17.如图1所示的装置，可用于探究恒力做功与速度变化的关系．水平轨道上安装两个光电门，小车上固定有力传感器和挡光板，细线一端与力传感器连接，另一端跨过定滑轮挂上砝码盘．实验首先保持轨道水平，通过调整砝码盘里砝码的质量让小车做匀速运动以实现平衡摩擦力，再进行后面的操作，并在实验中获得以下测量数据：

小车、力传感器和挡光板的总质量M，平衡摩擦力时砝码和砝码盘的总质量m0，挡光板的宽度d，光电门1和2的中心距离s.

图1

图2

（1）该实验是否需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车（含力传感器和挡光板）的质量________（填“需要”或“不需要”）．

（2）实验需用游标卡尺测量挡光板的宽度d，如图2所示，d＝________mm.

（3）某次实验过程：

力传感器的读数为F，小车通过光电门1和2的挡光时间分别为t1、t2（小车通过光电门2后，砝码盘才落地），已知重力加速度为g，则对该小车实验要验证的表达式是__________________．

四、计算题

18.一辆货车以8m/s的速度在平直公路上行驶，由于调度失误，在后面

600m处有一辆客车以72km/h的速度向它靠近．客车司机发觉后立即合上制动器，但客车要滑行2000m才能停止．求：

（1）客车滑行的加速度大小；

（2）通过计算分析两车是否会相撞．

19.如图甲所示，倾角为θ＝37°

的足够长斜面上，质量m＝1kg的小物体在沿斜面向上的拉力F＝14N作用下，由斜面底端从静止开始运动，2s后撤去F，前2s内物体运动的v-t图象如图乙所示．求：

（取g＝10m/s2，sin37°

＝0.6，cos37°

＝0.8）

（1）小物体与斜面间的动摩擦因数；

（2）撤去力F后1.8s时间内小物体的位移．

20.为了研究过山车的原理，某物理小组提出了下列设想：

取一个与水平方向夹角为θ＝60°

、长为L1＝2

m的倾斜轨道AB，通过微小圆弧与长为L2＝

m的水平轨道BC相连，然后在C处设计一个竖直完整的光滑圆轨道，出口为水平轨道上D处，如图所示.现将一个小球从距A点高为h＝0.9m的水平台面上以一定的初速度v0水平弹出，到A点时小球的速度方向恰沿AB方向，并沿倾斜轨道滑下.已知小球与AB和BC间的动摩擦因数均为μ＝

，g取10m/s2.

（1）求小球初速度v0的大小；

（2）求小球滑过C点时的速率vC；

（3）要使小球不离开轨道，则竖直圆弧轨道的半径R应该满足什么条件？

答案

1.【答案】A

【解析】研究从北京开往上海的一列火车的运动时，火车的形状和大小对研究问题影响很小，可以看做质点，故A正确；

研究体操运动员在地面翻滚前进的动作时，若把运动员看做质点，就不能对其动作做出评判，故B错误；

研究百米跑运动员的起跑动作时，若把运动员看做质点，就不能对其动作做出评判，故C错误；

研究地球的自转，因自身大小不能忽略，则不可能看成质点，故D错误．

2.【答案】C

【解析】小球的起点在A末点在B，由图可知AB的长度为3米，因此其位移大小为3m，路程为小球经过的轨迹长度，由题意可知，路程为7m，故ABD错误，C正确．

3.【答案】C

【解析】长木板ab未动即地面对长木板ab的摩擦力为静摩擦力，由于P在长木板ab上滑动，即P对长木板ab的摩擦力大小为μ2mg.由平衡条件可知地面对ab的静摩擦力大小为μ2mg.即只有C正确．

4.【答案】D

【解析】因为三种运动船的船头垂直河岸，相对于静水的初速度相同，垂直方向运动性质不同，沿水流方向运动相同，河的宽度相同，渡河时间不等，B错误；

加速度的方向指向轨迹的凹向，依题意可知，AC径迹是匀加速运动，AB径迹是匀速运动，AD径迹是匀减速运动，从而知道AC径迹渡河时间最短，A、C错误；

沿AC轨迹在垂直河岸方向是加速运动，故船到达对岸的速度最大，D正确，故选D.

5.【答案】B

【解析】向心加速度是矢量，且方向始终指向圆心，因此向心加速度不是恒定的，所以A错；

匀速运动是匀速直线运动的简称，匀速圆周运动其实是匀速率圆周运动，存在向心加速度，B正确；

向心加速度不改变速率，C错；

只有匀速圆周运动的加速度才时刻指向圆心，D错.

6.【答案】A

【解析】　转盘匀速转动时，物块P所受的重力和支持力平衡，摩擦力提供其做匀速圆周运动的向心力，故摩擦力方向指向圆心O点，A项正确，B项错误；

当转盘加速转动时，物块P做加速圆周运动，不仅有沿c方向指向圆心的向心力，还有指向a方向的切向力，使线速度大小增大，

两方向的合力即摩擦力可能指向b，C项错误；

当转盘减速转动时，物块P做减速圆周运动，不仅有沿c方向指向圆心的向心力，还有指向a相反方向的切向力，使线速度大小减小，两方向的合力即摩擦力可能指向d，D项错误.

7.【答案】A

【解析】卫星沿椭圆轨道运动时，周期的平方与半长轴的立方成正比，故T1>

T3，A项正确，B项错误；

不管沿哪一轨道运动到P点，卫星所受月球的引力都相等，由牛顿第二定律得a1＝a2＝a3，故C、D项均错误.

8.【答案】B

【解析】由天体运动规律知G＝mR可得地球质量M＝

，由于不知地球的半径，无法求地球的密度，故选项B正确.

9.【答案】D

【解析】由公式P＝

可知，只有P、W、t中两个量确定后，第三个量才能确定，故选项A、C错误．由P＝Fv可知，P与F、v有关，故选项B错误，由P＝Fvcosα可知，P还与α有关，故选项D正确．

10.【答案】D

【解析】将弹簧上端B缓慢地竖直向上提起，由于开始时有支持力，故拉力先小于mg，物体离地后等于mg，拉力的位移为L，故提弹簧的力对系统做功小于mgL，故A错误；

B点上移距离为L，弹簧伸长量为ΔL＝

，故A上升的高度为L－ΔL，所以物体A的重力势能增加mg，故B、C错误，D正确.

11.【答案】D

【解析】对于物块，从A到C要克服空气阻力做功，从B到C又将一部分机械能转化为弹簧的弹性势能，因此机械能减少，故A错误；

对于物块和弹簧组成的系统来说，物块减少的机械能（克服空气阻力所做的功＋弹簧弹性势能，而弹簧则增加了弹性势能），因此整个系统机械能减少量即为克服空气阻力所做的功，故B错误；

由A运动到C的过程中，物块的动能变化为零，重力势能减小量等于机械能的减小量，所以物块机械能减少mg（H＋h），故C错误；

物块从A点由静止开始下落，加速度是

g，根据牛顿第二定律得：

Ff＝mg－ma＝

mg，所以空气阻力所做的功为－

mg（H＋h），整个系统机械能减少量即为克服空气阻力所做的功，所以物块、弹簧组成的系统机械能减少

mg（H＋h），故D正确．

12.【答案】A

【解析】太阳能电池工作时，将太阳能转化为电能，为电动机提供能量，能量可以相互转化，但不能创生和消灭，故B、C、D错误．

13.【答案】BC

【解析】在速度-时间图象中，时间轴上方速度是正，时间轴下方速度是负，知第1s内和第2s内物体的速度均为正方向，运动方向相同，A错误；

切线的斜率表示加速度，知第1s内加速度为正方向，第2s内加速度为负方向，所以第1s内和第2s内物体的加速度方向相反，故B正确．第3s内物体速度为负方向，斜率为负即加速度为负方向，所以第3s内物体的速度方向和加速度方向相同，故C正确．从第1s末到第3s末物体做匀变速直线运动,加速度为定值，不为零，故D错误．

14.【答案】AC

【解析】弹力是物体发生形变后要恢复原状时产生的力．而形变有宏观与微观形变，所以有时接触不一定有形变，即有弹力．故弹力产生的条件是接触且形变．

由图可知：

B、D两选项肯定有弹力，因为A、B间虽是微小形变，但很容易判定它们存在弹力．而A选项：

假设A、B间有弹力，则A、B两物体均不能处于平衡状态，所以要运动，然而A、B两物体没有运动．故A选项没有弹力．同理C选项中，A、B间物体也没有弹力，否则会运动．

15.【答案】BC

【解析】能量的概念是焦耳最早提出的，A错误．

16.【答案】A　2.0　

【解析】

（1）平衡摩擦力时让小车拖着纸带运动，若能做匀速直线运动，摩擦力得到平衡，故选A.

（2）由图可知x12＝3.10cm，x23＝5.10cm，x34＝7.10cm，x45＝9.10cm，x56＝11.10cm，可知连续相等时间内的位移之差Δx＝2.00cm，根据Δx＝aT2得，加速度a＝

＝

m/s2＝2.0m/s2.

因为a与M成反比，所以作a－

图线．

17.【答案】

（1）不需要　

（2）5.50

（3）（F－m0g）s＝

M（

）2－

）2

（1）该实验中由于已经用力传感器测出绳子拉力大小，不是将砝码和砝码盘的重力作为小车的拉力，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量．

（2）游标卡尺的主尺读数为5mm，游标读数等于0.05×

10mm＝0.50mm，

所以最终读数为：

5mm＋0.50mm＝5.50mm.

（3）由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度．

滑块通过光电门1速度为：

v1＝

，

滑块通过光电门2速度为：

v2＝

根据功能关系需要验证的关系式为：

（F－m0g）s＝

）2.

18.【答案】　

（1）0.1m/s2　

（2）会相撞．

【解析】　

（1）设v2＝72km/h＝20m/s，由v2－v

＝2ax得客车刹车的加速度大小为a＝

m/s2＝0.1m/s2.

（2）假设不相撞，设两车达到共同速度用时为t，则

v2－at＝v1，t＝120s

货车在该时间内的位移x1＝v1t＝8×

120m＝960m

客车在该时间内的位移x2＝t＝1680m

位移大小关系：

x2＝1680m>

600m＋x1＝1560m，故会相撞．

19.【答案】　

（1）0.5　

（2）2.2m，沿斜面向上

【解析】　

（1）由题图乙可知，0～2s内物体的加速度a1＝

＝4m/s2

根据牛顿第二定律，F－mgsinθ－Ff＝ma1，

FN＝mgcosθ，而Ff＝μFN，代入数据解得μ＝0.5.

（2）撤去F后，－mgsinθ－Ff＝ma2，得a2＝－10m/s2，

设经过t2时间减速到0，根据运动学公式0＝v1＋a2t2，

解得t2＝0.8s

在0.8s内物体有向上运动的位移x2

0－v

＝2a2x2，得x2＝3.2m

物体到最高点后向下运动，设加速度大小为a3，则

mgsinθ－Ff＝ma3，解得a3＝2m/s2

再经t3＝1s物体发生位移x3，x3＝a3t

＝1m

物体在撤去F后1.8s内的位移x＝x2－x3

代入数据解得x＝2.2m，方向沿斜面向上．

20.【答案】

（1）

m/s

（2）3

m/s（3）0<

R≤1.08m

（1）小球开始时做平抛运动：

v＝2gh，

代入数据解得

vy＝

m/s＝3

m/s，

A点：

tan60°

得vx＝v0＝

m/s＝

m/s.

（2）从水平抛出到C点的过程中，由动能定理得

mg（h＋L1sinθ）－μmgL1cosθ－μmgL2

mv－

mv，

代入数据解得vC＝3

（3）小球刚好能过最高点时，重力提供向心力，

则mg＝

mv＝2mgR1＋

mv2，

代入数据解得R1＝1.08m，当小球刚能到达与圆心等高时，有

mv＝mgR2，代入数据解得R2＝2.7m，

当圆轨道与AB相切时R3＝BC·

＝1.5m，

即圆轨道的半径不能超过1.5m，

综上所述，要使小球不离开轨道，R应该满足的条件是

0<

R≤1.08m.