专题1012 电磁感应中的综合问题高考物理100考.docx

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专题1012电磁感应中的综合问题高考物理100考

100考点最新模拟题千题精练10-12

一．选择题

1．（2016·山东淄博诊断）如图甲所示，左侧接有定值电阻R＝2Ω的水平粗糙导轨处于垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度B＝1T，导轨间距L＝1m。

一质量m＝2kg，阻值r＝2Ω的金属棒在水平拉力F作用下由静止开始从CD处沿导轨向右加速运动，金属棒的v－x图象如图乙所示，若金属棒与导轨间动摩擦因数μ＝0.25，则从起点发生x＝1m位移的过程中（g＝10m/s2）（　　）

A．金属棒克服安培力做的功W1＝0.5J

B．金属棒克服摩擦力做的功W2＝4J

C．整个系统产生的总热量Q＝4.25J

D．拉力做的功W＝9.25J

【参考答案】D　

2．如图所示，固定在水平面上的光滑平行金属导轨，间距为L，右端接有阻值R的电阻，空间存在方向竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场．质量为m、电阻为r的导体棒ab与固定弹簧相连，放在导轨上．初始时刻，弹簧恰处于自然长度．给导体棒水平向右的初速度v0，导体棒开始沿导轨往复运动，在此过程中，导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触．已知导体棒的电阻r与定值电阻R的阻值相等，不计导轨电阻，则下列说法中正确的是（　　）

A．导体棒开始运动的初始时刻受到的安培力向左

B．导体棒开始运动的初始时刻导体棒两端的电压U＝BLv0

C．导体棒开始运动后速度第一次为零时，系统的弹性势能Ep＝mv

D．导体棒最终会停在初始位置，在导体棒整个运动过程中，电阻R上产生的焦耳热Q＝mv

【参考答案】AD　

二．计算题

1.（2017年11月浙江选考）所图所示，匝数N=100、截面积s=1.0×10-2m2、电阻r=0.15Ω的线圈内有方向垂直于线圈平面向上的随时间均匀增加的匀强磁场B1，其变化率k=0.80T/s。

线圈通过开关S连接两根相互平行、间距d=0.20m的竖直导轨，下端连接阻值R=0.50Ω的电阻。

一根阻值也为0.50Ω、质量m=1.0×10-2kg的导体棒ab搁置在等高的挡条上。

在竖直导轨间的区域仅有垂直纸面的不随时间变化的匀强磁场B2。

接通开关S后，棒对挡条的压力恰好为零。

假设棒始终与导轨垂直，且与导轨接触良好，不计摩擦阻力和导轨电阻。

（1）求磁感应强度B2的大小，并指出磁场方向；

（2）断开开关S后撤去挡条，棒开始下滑，经t=0.25s后下降了h=0.29m，求此过程棒上产生的热量。

【名师解析】

（1）线圈中产生的感应电动势为E=N=NS

流过导体棒的电流Iab=，

导体棒对档条的压力为零，有B2Iabd=mg，

联立解得：

B2==0.50T。

方向垂直纸面向外。

2.（2016·河北邯郸一中一轮）如图所示，两根电阻不计的光滑金属导轨MAC、NBD水平放置，MA、NB间距L＝0.4m，AC、BD的延长线相交于E点且AE＝BE，E点到AB的距离d＝6m，M、N两端与阻值R＝2Ω的电阻相连，虚线右侧存在方向与导轨平面垂直向下的匀强磁场，磁感应强度B＝1T。

一根长度也为L＝0.4m、质量m＝0.6kg、电阻不计的金属棒，在外力作用下从AB处以初速度v0＝2m/s沿导轨水平向右运动，棒与导轨接触良好，运动过程中电阻R上消耗的电功率不变，求：

（1）电路中的电流I；

（2）金属棒向右运动过程中克服安培力做的功W。

此时金属棒所受安培力为：

F＝BIL1＝0.16－（0≤x≤）

作出F－x图象，由图象可得运动过程中克服安培力所做的功为：

W＝x＝×3J＝0.36J。

【参考答案】　

（1）0.4A　

（2）0.36J

3．（2016·陕西西工大附中模拟）如图所示，用水平绝缘传送带输送一正方形单匝闭合铜线框，在输送中让线框随传送带通过一固定的匀强磁场区域，铜线框在进入磁场前与传送带的速度相同，穿过磁场的过程中将相对于传送带滑动。

已知传送带以恒定速度v0运动，当线框的右边框刚刚到达边界PQ时速度又恰好等于v0。

若磁场边界MN、PQ与传送带运动方向垂直，MN与PQ的距离为d，磁场的磁感应强度为B，铜线框质量为m，电阻均为R，边长为L（L

（1）线框的右边框刚进入磁场时所受安培力的大小；

（2）线框在进入磁场的过程中运动加速度的最大值以及速度的最小值；

（3）从线框右边框刚进入磁场到穿出磁场后又相对传送带静止的过程中，传送带对闭合铜线框做的功。

【参考答案】

（1）　

（2）－μg　　（3）2μmgd

【名师解析】

（1）闭合铜线框右侧边刚进入磁场时产生的电动势

E＝BLv0

产生的电流I＝＝

右侧边所受安培力F＝BIL＝

（3）线框从右边框进入磁场到运动至磁场边界PQ的过程中线框一直受摩擦力f＝μmg

由功的公式Wf1＝fd得摩擦力做功Wf1＝μmgd

闭合线框穿出磁场与进入磁场的受力情况相同，则完全穿出磁场的瞬间速度亦为最小速度v，然后速度均匀增加到v0，产生的位移一定为x＝d－L（和在磁场中速度v由增加v0到的位移相同）闭合线框在右边框出磁场到与传送带共速的过程中位移x′＝x＋L＝d。

在此过程中摩擦力再做功Wf2＝μmgd

因此，闭合铜线框从刚进入磁场到穿出磁场后又相对传送带静止的过程中，传送带对闭合铜线框做的功W＝Wf1＋Wf2＝2μmgd

4.（宁夏银川一中2016届高三第三次模拟考试理科综合试题）（18分）如图所示，宽L=2m、足够长的金属导轨MN和M′N′放在倾角为θ=30°的斜面上，在N和N′之间连接一个R=2.0Ω的定值电阻，在AA′处放置一根与导轨垂直、质量m=0.8kg、电阻r=2.0Ω的金属杆，杆和导轨间的动摩擦因数μ=，导轨电阻不计，导轨处于磁感应强度B=1.0T、方向垂直于导轨平面的匀强磁场中。

用轻绳通过定滑轮将电动小车与杆的中点相连，滑轮与杆之间的连线平行于斜面，开始时小车位于滑轮正下方水平面上的P处（小车可视为质点），滑轮离小车的高度H=4.0m。

启动电动小车，使之沿PS方向以v=5.0m/s的速度匀速前进，当杆滑到OO′位置时的加速度a=3.2m/s2，AA′与OO′之间的距离d=1m，求：

（1）该过程中，通过电阻R的电量q；

（2）杆通过OO′时的速度大小；

（3）杆在OO′时，轻绳的拉力大小；

（4）上述过程中，若拉力对杆所做的功为13J，求电阻R上的平均电功率。

【参考答案】

（1）0.5C

（2）3m/s（3）12.56N（4）2.0W

（3）杆受的摩擦力

杆受的安培力代入数据，可得

根据牛顿第二定律：

解得:

（4）根据动能定理：

解出,电路产生总的电热

那么,R上的电热

此过程所用的时间

R上的平均电功率

考点：

法拉第电磁感应定律；牛顿第二定律；动能定理

【名师点睛】本题是一道电磁感应与力学、电学相结合的综合体，考查了求加速度、电阻产生的热量，分析清楚滑杆的运动过程，应用运动的合成与分解、E=BLv、欧姆定律、安培力公式、牛顿第二定律、平衡条件、能量守恒定律即可正确解题；求R产生的热量时要注意，系统产生的总热量为R与r产生的热量之和.

5．（14分）如图所示，一面积为S的单匝圆形金属线圈与阻值为R的电阻连接成闭合电路，不计圆形金属线圈及导线的电阻．线圈内存在一个方向垂直纸面向里、磁感应强度大小均匀增加且变化率为k的磁场B.电阻R两端并联一对平行金属板M、N，两板间距为d，N板右侧xOy坐标系（坐标原点O在N板的下端）的第一象限内，有垂直纸面向外的匀强磁场，磁场边界OA和y轴的夹角∠AOy＝45°，AOx区域为无场区．在靠近M板处的P点由静止释放一质量为m、带电荷量为＋q的粒子（不计重力），经过N板的小孔，从点Q（0，l）垂直y轴进入第一象限，经OA上某点离开磁场，最后垂直x轴离开第一象限．求：

（1）平行金属板M、N获得的电压U；

（2）yOA区域内匀强磁场的磁感应强度B；

（3）粒子从P点射出至到达x轴的时间．

【参考答案】

（1）kS　

（2）　（3）（2d＋l）

带电粒子进入磁场区域的运动轨迹如图所示，有qvB＝m④

由几何关系可得r＋＝l⑤

联立②③④⑤得B＝

（3）粒子在电场中，有d＝at⑥

q＝ma⑦

粒子在磁场中，有T＝⑧

t2＝T⑨

粒子在第一象限的无场区中，有s＝vt3⑩

由几何关系得s＝r⑪

粒子从P点射出至到达x轴的时间为t＝t1＋t2＋t3⑫

联立⑥⑦⑧⑨⑩⑪⑫式可得t＝（2d＋l）

6.（天津市河北区2015-2016学年度高三年级总复习质量检测（三）理科综合试卷·物理部分）如图所示，两根足够长的固定的平行金属导轨位于同一水平面内，两导轨间的距离为，导轨上面横放着两根导体棒和，构成矩形回路，两根导体棒的质量皆为，电阻皆为，回路中其余部分的电阻可不计。

在整个导轨平面内都有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度为。

设两导体棒均可沿导轨无摩擦地滑行，开始时，棒静止，棒有指向棒的初速度，若两导体棒在运动中始终不接触，求：

（1）在运动中产生的焦耳热最多是多少？

（2）当棒的速度变为初速度的时，棒的加速度是多少？

【参考答案】

（1）；

（2）

（2）设ab棒的速度变为3v0/4，cd棒的速度为v’，由动量守恒定律，

，

解得：

v’=v0/4。

此时回路中感应电动势E=-=，

回路中电流I=E/2R=，

此时cd棒所受的安培力F=BIL=，

由牛顿第二定律，cd棒的加速度a=F/m=。

考点：

动量守恒定律；闭合电路的欧姆定律；导体切割磁感线时的感应电动势

【名师点睛】本题主要考查了动量守恒定律、闭合电路的欧姆定律、导体切割磁感线时的感应电动势。

分根据动量守恒定律确定两棒最后的末速度是本题的关键，分析这类电磁感应现象中的能量转化较易：

系统减少的动能转化为回路的焦耳热；本题涉及到动生电动势、动量守恒定律、牛顿第二定律及闭合电路欧姆定律综合的力电综合问题，故本题属于难度较大的题。

7．在生产线框的流水线上，为了检测出个别不合格的未闭合线框，让线框随传送带通过一固定匀强磁场区域（磁场方向垂直于传送带平面向下），观察线框进入磁场后是否相对传送带滑动就能够检测出未闭合的不合格线框。

其物理情景简化如下：

如图所示，通过绝缘传送带输送完全相同的正方形单匝纯电阻铜线框，传送带与水平方向夹角为，以恒定速度v0斜向上运动。

已知磁场边界MN、PQ与传送带运动方向垂直，MN与PQ间的距离为d，磁场的磁感应强度为B。

线框质量为m，电阻为R，边长为L（）,线框与传送带间的动摩擦因数为，重力加速度为。

闭合线框在进入磁场前相对传送带静止，线框刚进入磁场的瞬间，和传送带发生相对滑动，线框运动过程中上边始终平行于MN，当闭合线框的上边经过边界PQ时又恰好与传送带的速度相同。

设传送带足够长，且线框在传送带上始终保持上边平行于磁场边界。

求

（1）闭合线框的上边刚进入磁场时所受安培力F安的大小；

（2）从闭合线框上边刚进入磁场至刚要出磁场所用的时间t；

（3）从闭合线框上边刚进入磁场到穿出磁场后又相对传送带静止的过程中，电动机多消耗的电能E。

（2）线框刚进入磁场至线框刚要出磁场的过程，

根据动量定理：

mgsinα•t+Ft′-μmgcosα•t=0…⑤

根据安培力公式得：

F=BIL…⑥

根据闭合电路欧姆定律得：

I=E/R…⑦

根据法拉第电磁感应定律得：

E=BLv…⑧

根据运动学公式得：

L=vt…⑨

由⑤⑥⑦⑧⑨得：

t==10s…⑩