考研数三真题与答案解析完整版0001.docx
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考研数三真题与答案解析完整版0001
2013年考研数三真题及答案解析
、选择题1—8小题.每小题4分,共32分.、
1.当x0时,用o(x)表示比x高阶的无穷小,贝y下列式子中错误的是()
2ox2ox
=33
(A)()()
xox(B)o(x)o(x)()
(Co(x2)o(x2)o(x2)(Do(x)o(x2)o(x2)
2xoxgxxox
332
如当x0时()(),()()
2
o(x)故应该选
xx0
x
x1xlnx
limf(x)limlimx1x(x1)lnx2ln1xx
所以所以x1不是函数f(x)的
limf(x)limlimx
(1)ln
1x(x1)lnxxx1x1
可去间断点.故应该选(C.
3.设
D是圆域D(x,y)|x1k
2y2
的第k象限的部分,记
lk(yx)dxdy,则Dk
(A)0
I(BI20(CI30(DI401
【详解】由极坐标系下二重积分的计算可知
k1
1=ff
k(yx)dxdy2d(sincosrdr(sinsin)
21
-J
0)_
——n
(k1)3
D2|=
sincos
4,
所以I1I0,I2,I
H3
V
|
21乂
」*
22=
应该选(B).
33
4.设a为正项数列,贝y下列选择项正确的是()
1)n
n1
D正确,故应选(D).
【详解】由正项级数的比较审敛法,可知选项(
此小题的(A(B)选项想考查的交错级数收敛的莱布尼兹条件,对于选项(A),但少
条件limaO,显然错误.而莱布尼兹条件只是交错级数收敛的充分条件,不是必要条件丿
n
n
则可知(1,2,,)一一一
ibi1bibinnin,得到矩阵C的列向量组可用矩阵A的
122
列向量组线性表示.同时由于B可逆,即
ACB同理可知矩阵A的列向量组可用矩阵
C的列向量组线性表示,所以矩阵C的列向量组与矩阵A的列向量组等价.应该选(B).
1a1200
6.矩阵abaObO相似的充分必要条件是与矩阵
lalOOO
(A)a0,b2(B)aO,b为任意常数
(Ca2占0(Da2,b为任意常数
2001a1200
与矩阵
【详解】注意矩阵0b0是对角矩阵,所以矩阵A=aba0b0相
0001a1000
似的充分必要条件是两个矩阵的特征值对应相等./.--
1a1
=7'2bba十‘上
(2)22
z.
EAaba(
1a1
从而可知2b2a22b,即a0,b为任意常数,故选择(B).
22
PP2X2,贝y
PRR,B)P2PR
7
PP13
(1)23
(1)0.
2
.*-
3
尸—
故选择(A).
8设随机变量X和丫相
X0123P
扌互独立,且X和丫的概率
莖分布分别为
{*P1/21/4^/81/8
Y-101
P1/31/31/3
贝yPXY2()
12
(B)1
8
(C1
6
(D)1
2
【详解】
1224246
PXY2RX1,YJPX2YOpX3,Y1
故选择(0.
、填空题(本题共6小题,每小题4分,满分24分.把
答案填在题中横线上)
nn2
limnFlim2f+n2n
;.n
10.设函数zzx,y是由方程zyxy
【详解】
设Fxyzzyxy
,,()
n22n
x
z
确定,则|(1,2)
x
xx1
FxX,yzzyzyyFxyzxzy,
I,()l),(,n,)()(二
当x1,y2时,z0,所以|(1,2)22ln2
lnx
■*-_<亠一匚
•+
11.dx
1
(1)
ri
x
【详解】
l1ln2
Inx1lnx1
dxlnxd|dxln
12x
(1x1x1x1(x(1J)1x)
12.微分方程0yyy的通解为.
1
r,两个特征根分别为
【详解】方程的特征方程为0
解为2
y(CiCx)e,其中
2
13.设Aa是三阶非零矩阵,A为其行列式,Aj为元素aij的代数余子式,且满足ij
Aaij0(i,j1,23),贝UA=
【详解】由条件
+—
Aja0(i,j1,2,3)
AA其
T
4-
可知*0
中A*为A的伴随矩阵,从ij
而可知
A
*AAA
*T31
所以
A可能为1或_0.
n,r(A)n
r(A)1,r(A)n1可知,AA*0可知r(A)r(A*),伴随矩阵的秩只
==0,r(A)n1
能为3,所以A1.
14.设随机变量
X服从标准正分布X~N(0,1),则
EX『.
【详解】匸
1xe=2x2I'广Vxeeedx(x22)e
2dx
、解答题
15.(本题满分10分)
当x0时,1cosxcos2xcos3x十与
丄
ax
n
是等价无穷小,求常数
a,n.
【分析】主要是考查
x0时常见函数的马克劳林展开式.
2ox2
【详解】当
cxo1sx,
x0时,
()
cos2
2
2oxxox
x1(2x)()12()
2
19
2ox2x2ox
cos3x1(3x)()1()
22
所以
1cosxcos2xcos3x1(1
1
22ox2xoxxoxxox
222222
由于1cosxcos2xcos3x与
16.(本题满分10分)
x())(12())(1())7(
n
ax是等价无穷小,所以
a7,n2.
Vx,Vy分别是D绕x3x
设D是由曲线y,—直线xa(a0)及x轴所转成的平面图形,
~3^
-二1aa二江(
25
•32*
33
Vxydxxdxa;
00
=7TJ=
4i
■k
5
47
Vaa-
33
【详解】由微元法可知
:
T
y2xf(x)dx2xdxa
07
=0
由条件10VV知a77.y
416
18.(本题满分10分)
1000
【详解】
是单价,单位:
元,Q是销量,单位:
件),已知产销平衡,求:
(1)该的边际利润润-—
(2)当P=50时的边际利润,并解释其经济意义.
(3)使得利润最大的定价
【详解】
(1)设利润为y,则6000yPQ(600020Q)40Q,
li
边际利润为y'40.
500
(2)当P=50时,Q=10000,边际利润为20.
经济意义为:
当P=50时,销量每增加一个,利润增加
20000
(3)令y'0,得40.
Q20000,P60
证明
1000019.(本题满分10分)
设函数fx在[0,)上可导,fOO,且limf(x)2
(1)存在aO,使得fa1;
(2)对
(1)中的a,存在(0,a),使得
1
f'()•
a
【详解】
证明
(1)由于limf(x)2,所以存在XP,当xX时,有
又由于fx(在*0,)上连续,且f00,由介值定理,存在a0,使得fa1;"
(2)函数fx■在\0,a]上可导,由拉格朗日中值定理,
所有矩阵C.
【详解】
程组的增广矩阵进行初等行变换如下
01a0010111
a10a101a00
A|b,
1011100001a
0Ja0b0000b
10111
所以,当a1,b0时,线性方程组有解,即存在矩阵C使得ACCAB
(H
01100
此时,A|b,
00000
00000
x010
3
x001
4
1GCC+一
121
G1,C2为任意常数...
GG
12
21.(本题满分
11分)
设二次型
22
f(x1,X,x)2(axaxax)(bxbxbx)
23112233112233
.记
3=a
1
a
2
a
3
b
1
b
2
b
3
(1)证明二次型
f对应的矩阵为
2Tt;
(2)若,正交且为单位向量,证明
f在正交变换下的标准形为
22
2yy2
【详解】证明:
(1)
f(x.x,x)3=2(ax11
2x,x
12
a)x
22
a
1-
xa
32
t矽
3
ax
33
a,a,a1
23
r
)鋼1W2x2
x
1
x
2
x
3
x,x,
1
X,1
X,2
X,1
X1
X2
cTT
证明
(2)设A
P=(act
aaTTPP
2.
TTT+昭,由于=10a2T
TT
则222
A,所以为矩阵对应特征值12
的特征 向量; A22,所以为矩阵对应特征值21 的特征向 量; bjx)( 3『3 b 1 xb 32 b 3 x 1 Gt b1 x 1 bx 232 x 3 x 2 x 3 TTrrT 而矩阵A的秩() (2) (2)()2 rAr,所以30也是矩阵的 个特征值. 故f在正交变换下的标准形为 22 2% 22.(本题满分11分) 2x 设X,丫是二维随机变量,X的边缘概率密度为 =<3x,01fx(x),在给定 0, Xx(0x1)的条件下,丫的条件概率密度为 其他 << Oyx, (1)求X,丫 的联合概率密度fx,y; (2)丫的的边缘概率密度f(y) 【详解】 (1)X,Y的联合概率密度fx,y: fx,yf(y/x)f$X 丫 lX =<* (x) -C (2)丫的的边缘概率密度 f(y) Y: fY(y)f(x,y)dxy 91 9y 2如9卫 y>-ln 23.(本题满分11分) 6 设总体X的概率密度为 f(x;)3 h II f^y/x). (3 0, 其他 2 9y x 0, y,o 0 x1,0y 卓他 x 0, X1X2,X为来自总体X的简单随机样本. (1)求的矩估计量 x e,x0 0, 其他 其他 ,其中为为未知参数且大于零, (2)求的极大似然估计量. 【详解】 (1)先求出总体的数学期望 E(X) x,E(X)xf(x)dxedx i1Xi 令 E(X)XX,得的矩估计量 n n1 (2)当xO(i12n) i时,似然函数为 取对数,e ()2nln3lnx n22n L0二n一 ()ee, nn 1 33 x x ■ i i1 n -6J1 i1i dlnL() 令0 d 2n1 ,得0 xi1ii1n 解得的极大似然估计量为.
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