创新设计届高考化学二轮专题复习 专题2 化学基本原理专题检测Word下载.docx
- 文档编号:17182694
- 上传时间:2022-11-28
- 格式:DOCX
- 页数:17
- 大小:115.94KB
创新设计届高考化学二轮专题复习 专题2 化学基本原理专题检测Word下载.docx
《创新设计届高考化学二轮专题复习 专题2 化学基本原理专题检测Word下载.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《创新设计届高考化学二轮专题复习 专题2 化学基本原理专题检测Word下载.docx(17页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
解析 粉状CaCO3比块状CaCO3表面积大,与同浓度盐酸反应,粉状时反应速率快,单位时间内损失CaCO3的质量大。
据观察图像可知,开始时,实线高于虚线的A、B选项不符合题意,被排除,而块状CaCO3Ag质量比粉状的Bg质量大,当粉状完全消耗时块状的仍有剩余,最终均完全反应被消耗,则损失质量与原来的质量有关,由于A>
B,则损失质量亦为A>
B。
4.(2010·
安徽卷)低温脱硝技术可用于处理废气中的氮氧化物,发生的化学反应为:
2NH3(g)+NO(g)+NO2(g)
2N2(g)+3H2O(g)ΔH<0。
在恒容的密闭容器中,下列有关说法正确的是( )。
A.平衡时,其他条件不变,升高温度可使该反应的反应程度增大
B.平衡时,其他条件不变,增加NH3的浓度,废气中氮氧化物的转化率减小
C.单位时间内消耗NO和N2的物质的量比为1∶2时,反应达到平衡
D.其他条件不变,使用高效催化剂,废气中氮氧化物的转化率增大
解析 A选项,对于放热,反应升温时反应程度减小,错误;
增大一种反应物浓度,另一反应物转化率增大,B错;
使用催化剂平衡不移动,D错。
5.下列叙述中正确的是( )。
A.除0族元素外,短周期元素的最高化合价在数值上都等于该元素所属的族序数
B.除短周期外,其他周期均有18种元素
C.副族元素中没有非金属元素
D.碱金属元素是指ⅠA族的所有元素
解析 A项中F的最高化合价为0价,O的最高化合价不是+6,与族序数不等;
B项中六、七周期所含元素数均不是18种;
D项中H不属于碱金属。
6.已建立化学平衡的某可逆反应,当条件改变使化学平衡向正反应方向移动时,下列叙述正确的是( )。
①生成物的质量分数一定增加 ②生成物的物质的量一定增加 ③反应物的转化率一定增大 ④平衡时反应物的浓度一定降低 ⑤正反应速率一定大于逆反应速率 ⑥一定使用了催化剂
A.①②⑤B.②⑤C.④⑥D.③④⑤
解析 对于已建立化学平衡的可逆反应,增大反应物的量,化学平衡向正反应方向移动,使生成物的物质的量增大,但生成物的质量分数不一定增大;
若增加反应物的浓度,该反应物的转化率降低,在新平衡时该物质的浓度变大;
平衡右移一定是正反应速率大于逆反应速率,使用催化剂平衡不移动。
答案 B
7.t℃下的某一气态平衡体系中含有X(g)、Y(g)、Z(g)、W(g)四种物质,此温度下发生反应的平衡常数表达式为:
K=
,有关该平衡的说法正确的是( )。
A.若正反应为吸热反应,则升高温度,正反应速率变大,逆反应速率变小
B.增大压强,Y(g)物质的量分数减小
C.升温,若混合气体的平均相对分子质量变小,则正反应为放热反应
D.增大X浓度,平衡向逆反应方向移动,平衡常数K减小
解析 无论反应是吸热反应还是放热反应,升高温度,正、逆反应速率都增大;
由平衡常数表达式可知化学方程式为:
2Z(g)+2W(g)X(g)+2Y(g),可见增压平衡右移,Y的物质的量分数增大;
增大X的浓度,平衡左移,但平衡常数不变;
升温,若混合气体的平均相对分子质量变小,说明升温平衡左移,则正反应为放热反应。
8.常温下在20mL0.1mol·
L-1Na2CO3溶液中逐滴加入0.1mol·
L-1HCl溶液40mL,溶液的pH逐渐降低,此时溶液中含碳元素的微粒物质的量浓度的百分含量(纵轴)也发生变化(CO2因逸出未画出),如图所示。
下列说法不正确的是( )。
A.0.1mol·
L-1Na2CO3溶液中c(Na+)+c(H+)=2c(CO
)+c(HCO
)+c(OH-)
B.在A点c(Na+)>
c(CO
)>
c(HCO
c(OH-)>
c(H+)
C.常温下CO2饱和溶液的pH约为5.6
D.0.05mol·
L-1NaHCO3溶液的pH=8
解析 在Na2CO3溶液中逐滴加入HCl,发生的反应是:
CO
+H+===HCO
;
HCO
+H+===H2CO3(H2O+CO2)。
因此,CO
的浓度减小。
的浓度先增大后减小,B点时,CO
完全反应,HCO
浓度达到最大,此时NaHCO3浓度为0.05mol·
L-1,D正确;
在C点时,HCO
完全反应生成H2CO3(H2O+CO2),此时pH为5.6,说明常温下CO2饱和溶液的pH约为5.6,C正确;
A项是电荷守恒,正确;
在A点时CO
的浓度等于HCO
的浓度,B不正确。
9.可用于电动汽车的铝空气燃料电池通常以NaCl溶液或NaOH溶液为电解液,铝合金为负极,空气电极为正极。
下列说法正确的是( )。
A.以NaCl溶液或NaOH溶液为电解液时,正极反应都为O2+2H2O+4e-===4OH-
B.以NaOH溶液为电解液时,负极反应为Al+3OH--3e-===Al(OH)3↓
C.以NaOH溶液为电解液时,电池在工作过程中电解液的pH保持不变
D.电池工作时,电子通过外电路从正极流向负极
解析 电池工作时,正极上O2得到电子被还原,电极反应为O2+2H2O+4e-===4OH-,A正确;
电解液为NaOH溶液时,在负极上产生的是NaAlO2而不是Al(OH)3,B错误;
电池的总反应为4Al+3O2+4NaOH===4NaAlO2+2H2O,消耗NaOH,pH减小,C错误;
电池工作时,电子通过外电路由负极流向正极。
答案 A
10.(2010·
四川理综,10)有关①100mL0.1mol·
L-1NaHCO3、②100mL0.1mol·
L-1Na2CO3两种溶液的叙述不正确的是( )。
A.溶液中水电离出的H+个数:
②>
①
B.溶液中阴离子的物质的量浓度之和:
C.①溶液中:
c(H2CO3)
D.②溶液中:
解析 本题考查盐类水解知识。
盐类水解促进水的电离,且Na2CO3的水解程度更大,碱性更强,故水中电离出的H+个数更多,A项正确;
B②中钠离子的物质的量浓度为0.2mol·
L-1,而①中钠离子的物质的量浓度为0.1mol·
L-1,根据物料守恒及电荷守恒可知溶液中阴离子的物质的量浓度之和:
①,B项正确;
C项NaHCO3水解程度大于电离程度所以c(H2CO3)>
);
D项CO
分步水解,第一步水解占主要地位且水解大于电离。
判断D正确。
C、D两项只要写出它们的水解及电离方程式即可判断。
11.(2010·
重庆,13)pH=2的两种一元酸X和Y,体积均为100mL,稀释过程中pH与溶液体积的关系如图所示。
分别滴加NaOH溶液(c=0.1mol·
L-1)至pH=7,消耗NaOH溶液的体积为VX、VY,则( )。
A.x为弱酸,VX<
VYB.x为强酸,VX>
VY
C.y为弱酸,VX<
VYD.y为强酸,VX>
解析 由题图知,将一元酸X和Y分别稀释10倍,pH的变化量ΔpHX=1,ΔpHY<
1,所以X为强酸,而Y为弱酸。
pH=2时弱酸Y的浓度大,滴加NaOH至pH=7时需NaOH溶液的体积则Y要比X大。
12.被称为“软电池”的纸质电池,采用一个薄层纸片作为传导体,在其一边镀锌,在其另一边镀二氧化锰。
在纸内的离子“流过”水和氧化锌组成的电解液。
总反应的化学方程式为:
Zn+2MnO2+H2O===Zn(OH)2+Mn2O3。
下列说法错误的是( )。
A.电池工作时,锌失去电子
B.外电路中每通过0.2mol电子,锌的质量理论上减小6.5g
C.电池工作时,电子由正极通过外电路流向负极
D.电池正极的电极反应式为:
2MnO2+H2O+2e-===Mn2O3+2OH-
解析 根据总反应:
Zn+2MnO2+H2O===Zn(OH)2+Mn2O3,Zn在反应中失去电子为原电池负极:
Zn-2e-+2OH-===Zn(OH)2,MnO2获得电子为原电池正极:
2MnO2+H2O+2e-===Mn2O3+2OH-。
电池工作时,电子由负极通过外电路流向正极。
根据Zn~2e-可得外电路中通过0.2mol电子时,反应的Zn为0.1mol,即6.5g,综合上述,选项C错误。
13.下图装置是一种可充电电池示意图,装置的离子交换膜只允许Na+通过。
已知充、放电的化学方程式为2Na2S2+NaBr3
Na2S4+3NaBr。
A.放电时,Na+从右到左通过离子交换膜
B.放电时,负极反应为3NaBr-2e-===NaBr3+2Na+
C.充电时,A极应与直流电源正极相连接
D.放电时,当有0.1molNa+通过离子交换膜时,B极上有0.15molNaBr产生
解析 根据电子流向可知,电极A为电池的负极,电极B为电池的正极,放电时Na2S2中S
失去电子变为S
,2Na2S2-2e-===Na2S4+2Na+,NaBr3可看成NaBr·
Br2,放电时Br2获得电子变为Br-:
NaBr3+2e-+2Na+===3NaBr,故Na+应从左到右通过离子交换膜;
根据电极反应可知,2Na+~3NaBr,当有0.1molNa+通过交换膜时,产生0.15molNaBr;
直流电源负极提供电子,所以充电时,原电池的负极(A极)应该与直流电源负极相连接。
14.下列说法中正确的是( )。
A.用湿润的pH试纸测定某待测液的pH,数值一定偏大
B.25℃时,pH=2的一元酸溶液与pH=12的一元碱溶液等体积混合,所得溶液pH=7
C.在(NH4)2Fe(SO4)2溶液中,c(SO
c(NH
c(Fe2+)>
c(H+)>
c(OH-)
D.pH相同的NaOH和CH3COONa两种稀溶液,若稀释后,pH仍相同,则稀释的倍数相同
解析 A不正确,若原待测液是中性溶液,则pH不变,若原溶液是酸性稀溶液则pH偏大,若原溶液是浓的弱酸溶液(如冰醋酸)则pH可能偏小,若原溶液为碱性溶液,则pH偏小;
B不正确,一元酸、一元碱溶液等体积混合,且pH之和为14时,强酸与强碱混合,则pH=7,强酸与弱碱混合,则pH>
7,弱酸与强碱混合,则pH<
7;
D不正确,由于在稀释过程中,CH3COONa水解程度不断增大,欲使两者pH仍相同,醋酸钠溶液稀释的倍数要大些。
第Ⅱ卷 非选择题(共58分)
二、非选择题(本题包括6小题,共58分)
15.(10分)现使用酸碱中和滴定法测定市售白醋的总酸量(g/100mL)。
Ⅰ.实验步骤:
(1)用________(填仪器名称)量取10.00mL食用白醋,在________(填仪器名称)中用水稀释后转移到100mL________(填仪器名称)中定容,摇匀即得待测白醋溶液。
(2)用酸式滴定管取待测白醋溶液20.00mL于锥形瓶中,向其中滴加2滴________作指示剂。
(3)读取盛装0.1000mol·
L-1NaOH溶液的碱式滴定管的初始读数。
如果液面位置如右图所示,则此时的读数为________mL。
(4)滴定。
当______________________________________________时,停止滴定,并记录NaOH溶液的终读数。
重复滴定3次。
Ⅱ.实验记录
滴定次数
实验数据(mL)
1
2
3
4
V
20.00
V(NaOH)(消耗)
15.95
15.00
15.05
14.95
Ⅲ.数据处理与讨论:
(1)甲同学在处理数据时计算得:
平均消耗的NaOH溶液的体积V=(15.95+15.00+15.05+14.95)/4mL=15.24mL。
指出他的计算的不合理之处:
_____________________。
按正确数据处理,可得c(市售白醋)=________mol·
L-1;
市售白醋总酸量=________g/100mL。
(2)乙同学仔细研究了该品牌白醋的标签,发现其中还含有苯甲酸钠作为食品添加剂,他想用资料法验证醋酸与苯甲酸钠不会发生离子互换反应,需查找在一定温度下的醋酸与苯甲酸的________(填写序号)。
a.pHb.电离度
c.电离常数d.溶解度
(3)在本实验的滴定过程中,下列操作会使实验结果偏大的是________(填写序号)。
a.碱式滴定管在滴定时未用标准NOH溶液润洗
b.碱式滴定管的尖嘴在滴定前有气泡,滴定后气泡消失
c.锥形瓶中加入待测白醋溶液后,再加少量水
d.锥形瓶在滴定时剧烈摇动,有少量液体溅出
解析 依据中和滴定原理,确定所需仪器、药品、实验步骤,关注每步操作要领及意义。
Ⅰ.
(1)显然用酸式滴定管才可量取10.00mL食用醋;
(2)选用酚酞作指示剂,因为滴定终点颜色变化是从无色到浅红色,便于观察;
(3)注意读数从上到下依次递增;
(4)注意叙述科学、简洁。
Ⅲ.主要是依据原理和操作回答问题。
答案 Ⅰ.
(1)酸式滴定管(或10mL移液管) 烧杯 容量瓶
(2)酚酞 (3)0.60 (4)溶液由无色恰好变为红色,并在半分钟内不褪色
Ⅲ.
(1)第1次滴定误差明显大,属异常值,应舍去 0.75 4.5
(2)c (3)ab
16.(9分)(2011·
天津)工业废水中常含有一定量的Cr2O
和CrO
,它们会对人类及生态系统产生很大危害,必须进行处理。
常用的处理方法有两种。
方法1:
还原沉淀法
该法的工艺流程为:
CrO
Cr2O
Cr3+
Cr(OH)3↓
其中第①步存在平衡:
2CrO
(黄色)+2H+Cr2O
(橙色)+H2O
(1)若平衡体系的pH=2,该溶液显________色。
(2)能说明第①步反应达平衡状态的是________。
a.Cr2O
的浓度相同
b.2v(Cr2O
)=v(CrO
)
c.溶液的颜色不变
(3)第②步中,还原1molCr2O
离子,需要________mol的FeSO4·
7H2O。
(4)第③步生成的Cr(OH)3在溶液中存在以下沉淀溶解平衡:
Cr(OH)3(s)Cr3+(aq)+3OH-(aq)。
常温下,Cr(OH)3的溶度积Ksp=c(Cr3+)·
c3(OH-)=10-32,要使c(Cr3+)降至10-5mol·
L-1,溶液的pH应调至________。
方法2:
电解法
该法用Fe做电极电解含Cr2O
的酸性废水,随着电解进行,在阴极附近溶液pH升高,产生Cr(OH)3沉淀。
(5)用Fe做电极的原因为_________________________。
(6)在阴极附近溶液pH升高的原因是(用电极反应解释)________________________,溶液中同时生成的沉淀还有________。
解析
(1)平衡体系的pH=2时,溶液c(H+)较大,平衡2CrO
+2H+Cr2O
+H2O向正反应方向移动,溶液显橙色。
(2)反应①达到平衡状态时,c(Cr2O
)与c(CrO
)均不变但不一定相等;
达到平衡状态时,有2v正(Cr2O
)=v逆(CrO
平衡时,Cr2O
的浓度不变,溶液的颜色不变。
(3)Cr2O
与Fe2+发生氧化还原反应,生成Cr3+和Fe3+,1molCr2O
被还原时,转移6mol电子,要消耗6molFeSO4·
(4)由Cr(OH)3的溶度积Ksp=c(Cr3+)·
c3(OH-)=10-32,则有c(OH-)=
。
欲使c(Cr3+)降至10-5mol·
L-1,则应有c(OH-)=
mol·
L-1=10-9mol·
L-1。
溶液的pH=-lgc(H+)=-lg
=-lg
=5。
(5)铁做阳极发生反应:
Fe-2e-===Fe2+,产生还原剂Fe2+,可使Cr2O
还原成Cr3+,最终生成Cr(OH)3沉淀。
(6)阴极发生反应:
2H++2e-===H2↑,溶液中c(H+)降低,溶液的pH升高。
由于Fe(OH)2极易被氧化生成Fe(OH)3,故溶液中还生成Fe(OH)3沉淀。
答案
(1)橙
(2)c (3)6 (4)5
(5)阳极反应为Fe-2e-===Fe2+,提供还原剂Fe2+
(6)2H++2e-===H2↑ Fe(OH)3
17.(10分)(2010·
天津理综,7)X、Y、Z、L、M五种元素的原子序数依次增大,X、Y、Z、L是组成蛋白质的基础元素,M是地壳中含量最高的金属元素。
回答下列问题:
(1)L的元素符号为________;
M在元素周期表中的位置为____________;
五种元素的原子半径从大到小的顺序是____________(用元素符号表示)。
(2)Z、X两元素按原子数目比1∶3和2∶4构成分子A和B,A的电子式为________,B的结构式为________。
(3)硒(Se)是人体必需的微量元素,与L同一主族,Se原子比L原子多两个电子层,则Se的原子序数为________,其最高价氧化物对应的水化物化学式为________。
该族二~五周期元素单质分别与H2反应生成1mol气态氢化物的反应热如下,表示生成1mol硒化氢反应热的是________(填字母代号)。
a.+99.7kJ·
mol-1b.+29.7kJ·
mol-1
c.-20.6kJ·
mol-1d.-241.8kJ·
(4)用M单质作阳极,石墨作阴极,NaHCO3溶液作电解液进行电解,生成难溶物R,R受热分解生成化合物Q。
写出阳极生成R的电极反应式:
________________________;
由R生成Q的化学方程式:
________________________。
解析 组成蛋白质的元素有H、C、N、O等元素,又因为X、Y、Z、L元素的原子序数依次增大,因此X、Y、Z、L分别为H、C、N、O元素;
因为M是地壳中含量最高的金属元素,M为Al元素。
Al作阳极材料,则阳极上Al失电子;
Al-3e-===Al3+,因为溶液中有HCO
,形成的Al3+和HCO
发生双水解生成Al(OH)3沉淀和CO2,Al(OH)3受热分解生成Al2O3和H2O。
答案
(1)O 第三周期第ⅢA族 Al>
C>
N>
O>
H
(2)
(3)34 H2SeO4 b
(4)Al+3HCO
-3e-===Al(OH)3↓+3CO2↑[或Al-3e-===Al3+,Al3++
3HCO
===Al(OH)3↓+3CO2↑] 2Al(OH)3
Al2O3+3H2O
18.(10分)(2010·
山东理综,28)硫-碘循环分解水制氢主要涉及下列反应:
Ⅰ.SO2+2H2O+I2===H2SO4+2HI
Ⅱ.2HIH2+I2
Ⅲ.2H2SO4===2SO2+O2+2H2O
(1)分析上述反应,下列判断正确的是________。
a.反应Ⅲ易在常温下进行
b.反应Ⅰ中SO2氧化性比HI强
c.循环过程中需补充H2O
d.循环过程产生1molO2的同时产生1molH2
(2)一定温度下,向1L密闭容器中加入1molHI(g),发生反应Ⅱ,H2物质的量随时间的变化如右图所示。
0~2min内的平均反应速率v(HI)=________。
该温度下,H2(g)+I2(g)2HI(g)的平衡常数K=________。
相同温度下,若开始加入HI(g)的物质的量是原来的2倍,则________是原来的2倍。
a.平衡常数
b.HI的平衡浓度
c.达到平衡的时间
d.平衡时H2的体积分数
(3)实验室用Zn和稀硫酸制取H2,反应时溶液中水的电离平衡________移动(填“向左”“向右”或“不”);
若加入少量下列试剂中的________,产生H2的速率将增大。
a.NaNO3b.CuSO4
c.Na2SO4d.NaHSO3
(4)以H2为燃料可制作氢氧燃料电池。
已知2H2(g)+O2(g)===2H2O(l)
ΔH=-572kJ·
某氢氧燃料电池释放228.8kJ电能时,生成1mol液态水,该电池的能量转化率为________。
解析
(1)H2SO4沸点较高,在常温下不发生分解;
反应Ⅰ中SO2的还原性比HI强;
循环过程中H2O分解生成了H2与O2,需补充;
循环过程中产生1molO2同时产生2molH2,c正确。
(2),2HI(g),H2(g) +,I2(g),初始:
1mol·
L-1,0,0,平衡:
0.8mol·
L-1,0.1mol·
L-1)
v(HI)=
=0.1mol·
L-1·
min-1
该反应的平衡常数
K1=
=
相同温度下,H2(g)+I2(g)2HI(g)的平衡常数K=
=64。
该温度下,开始加入HI(g)的物质的量是原来的2倍,平衡常数不变,HI、H2、I2平衡浓度均为原来的2倍,初始浓度变大、反应速率加快,HI、H2、I2的体积分数均不变,故选b。
(3)反应过程中消耗H+,c(H+)减小,水的电离平衡向右移动。
a、c对反应无影响,b项Zn置换出Cu,形成Cu-Zn原电池,反应速率增大,d使反应速率变慢。
(4)理论上生成1mol液态水放出的热量为286kJ,该电池的能量转化率为
×
100%=80%。
答案
(1)c
(2)0.1mol·
min-1 64 b
(3)向右 b (4)80%
19.(10分)(2010·
山东)对金属制品进行抗腐蚀处理,可延长其使用寿命。
(1)以下为铝材表面处理的一种方
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 创新设计届高考化学二轮专题复习 专题2 化学基本原理专题检测 创新 设计 高考 化学 二轮 专题 复习 基本原理 检测
![提示](https://static.bdocx.com/images/bang_tan.gif)