01极值点偏移概念.docx
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01极值点偏移概念
专题01极值点便宜的概念
一、极值点偏移的含义
众所周知,函数满足定义域内任意自变量都有,则函数关于直线对称;可以理解为函数在对称轴两侧,函数值变化快慢相同,且若为单峰函数,则必为的极值点.如二次函数的顶点就是极值点,若的两根的中点为,则刚好有,即极值点在两根的正中间,也就是极值点没有偏移.
若相等变为不等,则为极值点偏移:
若单峰函数的极值点为,且函数满足定义域内左侧的任意自变量都有或,则函数极值点左右侧变化快慢不同.故单峰函数定义域内任意不同的实数,满足,则与极值点必有确定的大小关系:
若,则称为极值点左偏;若,则称为极值点右偏.
如函数的极值点刚好在方程的两根中点的左边,我们称之为极值点左偏.
二、极值点偏移问题的一般题设形式:
1.若函数存在两个零点,且,求证:
(为函数的极值点);
2.若函数中存在,且满足,求证:
(为函数的极值点);
3.若函数存在两个零点,且,令,求证:
;
4.若函数中存在,且满足,令,求证:
.
三、问题初现,形神合聚
★函数有两极值点,,且.
证明:
.
【解析】令,则,是函数的两个零点.
令,得,
令,则,
,可得在区间单调递减,在区间单调递增,
所以,
令,
则,
当时,,单调递减,有,
所以,
所以,
因为,,在上单调递减
所以,即.
★已知函数的图象与函数的图象交于,,过的中点作轴的垂线分别交,于点,,问是否存在点,使在处的切线与在处的切线平行?
若存在,求出的横坐标;若不存在,请说明理由.
【分析】设,,,则,
点,的横坐标,
,是函数的两个零点,
原问题即探究,的大小关系,
即的符号,
实质也是探究的极值点是否偏移中点.
四、招式演练
1.已知函数f(x)=xe−x(x∈R)
(Ⅰ)求函数f(x)的单调区间和极值;
(Ⅱ)若x∈(0,1),求证:
f(2−x)>f(x);
(Ⅲ)若x1∈(0,1),x2∈(1,+∞),且f(x1)=f(x2),求证:
x1+x2>2.
【答案】
(1)在()内是增函数,在()内是减函数.在处取得极大值且
(2)见解析(3)见解析
【解析】
解:
=(1﹣x)e﹣x
令,则x=1
当x变化时,,f(x)的变化情况如下表:
x
(﹣∞,1)
1
(1,+∞)
+
0
﹣
f(x)
↗
极大值
↘
∴f(x)在(﹣∞,1)上是增函数,在(1,+∞)上是减函数
∴f(x)在x=1处取得极大值;
(Ⅱ)证明:
令g(x)=f(x)﹣f(2﹣x)
则g(x)=xe﹣x﹣(2﹣x)ex﹣2
∴g(x)=(x﹣1)(e2x﹣2﹣1)e﹣x
∵当时,,从而
所以,从而函数在是增函数.∵e﹣x>0,∴g(x)>0,∴g(x)在[1,+∞)上是增函数
又∵g
(1)=0∴0 (1)=0 即当0 (Ⅲ)证明: ∵ ∴ 由(Ⅱ)得: ∵ ∴ ∵在()内是减函数 ∴ 即 2.已知函数f(x)=-x2+e•f′()x. (Ⅰ)求f(x)的单调区间; (Ⅱ)若存在x1,x2(x1<x2),使得f(x1)+f(x2)=1,求证: x1+x2<2. 【答案】(Ⅰ)在R上单调递增;(Ⅱ)见解析 【解析】 (I)f′(x)=e2(x-1)-2x+e•f′(). 令x=,则f′()=-1+e•f′(),解得f′()=. ∴f′(x)=e2(x-1)-2x+1.f″(x)=2e2(x-1)-2=2(ex-1+1)(ex-1-1), 时单调递增;时单调递减, ∴x=1时,函数f′(x)取得极小值即最小值,∴f′(x)≥f′ (1)=0, ∴函数f(x)在R上单调递增. (II)由(I)可得: 函数f(x)=-x2+x在R上单调递增. 要证明: x1+x2<2⇔x1<2-x2⇔f(x1)<f(2-x2), 又f(x1)+f(x2)=1,因此f(x1)<f(2-x2)⇔1-f(x2)<f(2-x2), 即f(x2)+f(2-x2)-1>0,f (1)==,则x1<1<x2. 令g(x)=f(2-x)+f(x)-1=-(2-x)2+2-x+-x2+x=+-2x2+4x-2,x>1,g (1)=0.g′(x)=-e2(1-x)+e2(x-1)-4x+4, g″(x)=2e2(1-x)+2e2(x-1)-4≥0,∴g′(x)在(1,+∞)上单调递增. ∴g′(x)>g′ (1)=0,∴函数g(x)在(1,+∞)上单调递增. ∴g(x)>g (1)=0,因此结论x1+x2<2成立. 3.已知函数在内有两个极值点x1,x2(x1<x2),其中a为常数. (1)求实数a的取值范围; (2)求证: x1+x2>2. 【答案】 (1)a>1; (2)证明见解析. 【解析】 (1)因为, 由题意知x1,x2是导函数的变号零点, 令,则,所以在上单调递增, 又,所以, 所以x1,x2是的两个零点,即,则, 又令,则g(x1)=g(x2), 从而只需直线y=a与函数g(x)的图象在x∈(0,+∞)上有两个交点, 由可得当时,;当时,, 所以g(x)在(0,1)递减,在(1,+∞)递增, 从而, 所以a>1. (2)证明: 由 (1)知,0<x1<1<x2, 若不等式x1+x2>2成立,则g(x2)>g(2﹣x1),即g(x1)>g(2﹣x1), 令F(x)=g(x)﹣g(2﹣x),x∈(0,1),则只需F(x)>0, 而,只需研究的符号, 因为,, 所以, 所以,则, 所以, 即x1+x2>2成立. 4.已知函数 (1).求函数f(x)的单调区间及极值; (2).若x1≠x2满足f(x1)=f(x2),求证: x1+x2<0 【答案】 (1)的增区间是,减区间是,在处取得极小值,无极大值; (2)证明过程详见解析. 【解析】 (1)∵, ∴当时,;当时,. 则的增区间是,减区间是. 所以在处取得极小值,无极大值.6分 (2)∵且,由 (1)可知异号. 不妨设,,则. 令=,8分 则, 所以在上是增函数.10分 又,∴, 又∵在上是增函数, ∴,即.12分 5.已知函数有两个零点. (Ⅰ)求a的取值范围; (Ⅱ)设x1,x2是的两个零点,证明: . 【答案】(Ⅰ);(Ⅱ)见解析 【解析】 (Ⅰ). (Ⅰ)设,则,只有一个零点. (Ⅱ)设,则当时,;当时,.所以在单调递减,在单调递增. 又,,取满足且,则 , 故存在两个零点. (Ⅲ)设,由得或. 若,则,故当时,,因此在单调递增.又当时,所以不存在两个零点. 若,则,故当时,;当时,.因此在单调递减,在单调递增.又当时,,所以不存在两个零点. 综上,的取值范围为. (Ⅱ)不妨设,由(Ⅰ)知,,在单调递减,所以等价于,即. 由于,而,所以 . 设,则. 所以当时,,而,故当时,. 从而,故. 6.已知函数f(x)=ex﹣有两个极值点. (1)求实数a的取值范围; (2)若函数f(x)的两个极值点分别为x1,x2,求证: x1+x2>2. 【答案】 (1)(e,+∞); (2)见解析 【解析】 (1)解: f′(x)=ex﹣ax. ∵函数f(x)=ex有两个极值点. ∴f′(x)=ex﹣ax=0有两个实数根. x=0时不满足上述方程, 方程化为: a, 令g(x),(x≠0). g′(x), 可得: x<0时,g′(x)<0,函数g(x)单调递减;0<x<1时,g′(x)<0,函数g(x)单调递减;x>1时,g′(x)>0,函数g(x)单调递增. g (1)=e,得到函数草图如图所示. a>e时,方程f′(x)=ex﹣ax=0有两个实数根. ∴实数a的取值范围是(e,+∞). (2)证明: 由 (1)可知: a>e时,函数f(x)有两个极值点分别为x1,x2,不妨设x1<x2. 证明: +>2⇔>2﹣>1⇔, 由,因此即证明: . 构造函数h(x),0<x<1,2﹣x>1. h′(x)(x﹣1), 令函数u(x),(0<x<2). u′(x). 可得函数u(x)在(0,2)内单调递减,于是函数v(x)在(0,1)内单调递减. v(x)≥v (1)=0.∴h′(x)(x﹣1),h(x)在(0,1)内单调递减. ∴h(x)>h (1)=0, ∴. 因此+>2成立. 7.已知函数,. (1)若曲线的一条切线经过点,求这条切线的方程. (2)若关于的方程有两个不相等的实数根x1,x2。 ①求实数a的取值范围; ②证明: . 【答案】 (1)或. (2)①②见解析 【解析】 解: (1)解法一设经过点的切线与曲线相切于点, 由得, 所以该切线方程为, 因为该切线经过, 所以,解得, 所以切线方程为或. 解法二由题意得曲线的切线的斜率一定存在, 设所求的切线方程为, 由,得, 因为切线与抛物线相切, 所以,解得, 所以所求的切线方程为或. (2)①由,得. 设, 则, 由题意得函数恰好有两个零点. (i)当,则, 只有一个零点1. (ii)当时,由得,由得, 即在上为减函数,在上为增函数, 而, 所以在上有唯一零点,且该零点在上. 取且, 则 所以在上有唯一零点,且该零点在上, 所以恰好有两个零点. (iii)当时,由得, 若,, 所以在上至多有一个零点. 若,则, 当时,,即在上单调递减. 又,所以在上至多有一个零点. 当时,在上单调递增,在上为减函数, 又, 所以h(x)在上无零点. 若,则, 又当时,, 所以不存在零点. 在上无零点 故当时,;当时,. 因此在上单调递增,在上单调递减. 又。 所以在无零点,在至多有一个零点. 综上,的取值范围为. ②不妨设, 由①知,,且,在单调递减, 所以等价于,即. 由于, 且, 所以. 设, 则, 当时,,所以. 而,故当时,. 从而,故. 8.已知有两个零点 (1)求a的取值范围 (2)设x1、x2是f(x)的两个零点,求证证: x1+x2> 【答案】 (1); (2)见解析 【解析】 (1), 当时,,此时在单调递增,至多有一个零点. 当时,令,解得, 当时,,单调递减,当,,单调递增,故当时函数取最小值 当时,,即,所以至多有一个零点. 当时,,即 因为,所以在有一个零点; 因为,所以, ,由于,所以在有一个零点.综上,的取值范围是. (2)不妨设,由 (1)知,,. 构造函数, 则 因为,所以,在单调递减. 所以当时,恒有,即 因为,所以 于是 又,且在单调递增, 所以,即 9.已知函数f(x)=xlnxx2﹣ax+1. (1)设g(x)=f′(x),求g(x)的单调区间; (2)若f(x)有两个极值点x1,x2,求证: x1+x2>2. 【答案】 (1)g(x)的单调递增区间为(0,1),单调递减区间为(1,+∞); (2)见解析 【解析】 (1)∵f(x)=xlnxx2﹣ax+1, ∴g(x)=f'(x)=lnx﹣x+1﹣a(x>0), ∴g'(x) 令g'(x)=0,则x=1, ∴当x>1时,g'(x)<0;当0<x<1时,g'(x)>0, ∴g(x)的单调递增区间为(0,1),单调递减区间为(1,+∞); (2)∵f(x)有两个极值点x1,x2, ∴x1,x2是g(x)的两零点, 则g(x1)=g(x2)=0, 不妨设0<x1<1<x2, ∴由g(x1)=0可得a=lnx1﹣x1+1, ∵g(x)在(1,+∞)上是
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