届高考化学考前保温训练卷一Word下载.docx
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B项,生成的H2中混有HCl、H2O(g),依次通过NaOH溶液、浓硫酸,除去杂质,正确;
C项,H2中混入空气,加热时易发生爆炸,故要先打开A中分液漏斗活塞,利用生成的H2排出装置内的空气,待装置中充满H2后,再点燃C处酒精灯,错误;
D项,装置D中竖直导管的作用是平衡压强,通过观察进气管中产生气泡的快慢调节反应的进行,正确。
10.周期表前20号元素W、X、Y、Z、Q能形成一种常用的净水剂。
各元素的原子半径与最外层电子数的关系如图所示,Q为前20号元素中原子半径最大的元素,QW为离子化合物。
下列叙述错误的是( )
A.灼烧QW,透过蓝色钴玻璃观察焰色为紫色
B.X的氢化物中只含有极性共价键
C.X和Y分别和W形成的简单化合物,前者更稳定
D.Y和Q的最高价氧化物对应水化物的水溶液均能溶解X与Z形成的化合物
答案 B
解析 灼烧KH时,透过蓝色钴玻璃观察焰色为紫色,A项正确;
O的氢化物有H2O、H2O2,H2O2的结构式为H—O—O—H,其中含有非极性共价键,B项错误;
非金属性:
O>
S,故简单氢化物的稳定性:
H2O>
H2S,C项正确;
Al2O3为两性氧化物,KOH、H2SO4的溶液均能溶解Al2O3,D项正确。
11.设NA为阿伏加德罗常数的值。
用次氯酸钠处理氨氮(NH3)废水的主要化学反应方程式为3NaClO+2NH3·
H2O===3NaCl+N2↑+5H2O。
下列说法正确的是( )
A.1L0.1mol·
L-1的NaClO溶液中,ClO-的数目小于0.1NA
B.若反应转移电子6NA,则生成22.4LN2
C.0.1mol·
L-1的氨水中,c(NH
)+c(NH3·
H2O)=0.1mol·
L-1
D.溶液中水的电离程度:
氨水大于NaClO溶液
答案 A
解析 1L0.1mol·
L-1的NaClO溶液中,ClO-由于水解,其数目小于0.1NA,A项正确;
该反应中转移6e-,因此当反应转移电子6NA时,生成1molN2,1molN2在标准状况下体积为22.4L,B项错误;
氨水中存在的含氮微粒有NH3、NH3·
H2O、NH
,根据物料守恒,0.1mol·
L-1氨水中,c(NH3)+c(NH3·
H2O)+c(NH
)=0.1mol·
L-1,C项错误;
氨水中NH3·
H2O电离抑制水的电离,而NaClO溶液中ClO-水解促进水的电离,故溶液中水的电离程度:
氨水小于NaClO溶液,D项错误。
12.将二氧化钛(TiO2)光电极嵌入到新型钠离子电池的正极,由于光电势的补偿,电池的充电电位下降。
该光电极辅助充电时的工作原理如图所示,下列说法错误的是( )
A.充电时,阳极的电极反应式为3I--2e-===I
B.放电时,a极发生氧化反应
C.放电时,正、负极反应的粒子数目比为4∶3
D.辅助充电时,光能转化为电能,再转化为化学能
解析 根据充电时的工作原理图知,充电时阳极上I-转化为I
,电极反应式为3I--2e-===I
,A项正确;
根据充电时a极发生还原反应:
S
+6e-===4S2-,知放电时a极发生氧化反应:
4S2--6e-===S
,B项正确;
由放电时的正极反应:
I
+2e-===3I-,负极反应:
,并根据各电极上通过的电量相等,知正、负极反应的粒子数目之比为3∶4,C项错误;
辅助充电时,光引发阳极反应发生,光能转化为电能,电能再转化为化学能,D项正确。
13.已知Cr(OH)3是类似Al(OH)3的两性氢氧化物,Ksp[Al(OH)3]=1.3×
10-33,Ksp[Cr(OH)3]=6.3×
10-31。
如图为Cr和Al两种元素在水溶液中存在的形式与pH的关系,图中纵轴表示lgc(M3+)或lgc[M(OH)
](其中M=Al或Cr)。
下列说法错误的是( )
A.曲线N表示Al3+的浓度变化
B.向Al(OH)3和Cr(OH)3混合悬浊液中滴加NaOH溶液,Al(OH)3先溶解
C.在Al(OH)3和Cr(OH)3共沉淀的体系中
=4.8×
102
D.若溶液中Al3+和Cr3+起始浓度均为0.1mol·
L-1,通过调节pH能实现两种元素的分离
答案 D
解析 根据Ksp[Al(OH)3]<
Ksp[Cr(OH)3]知,当pH相同时,c(Al3+)<
c(Cr3+),lgc(Al3+)<
lgc(Cr3+),由图知,pH相同时曲线N对应的lgc(M3+)小,故曲线N表示Al3+的浓度变化,A项正确;
根据图示,当pH增大时,先得到Al(OH)
,故向Al(OH)3和Cr(OH)3混合悬浊液中滴加NaOH溶液,Al(OH)3先溶解,B项正确;
在Al(OH)3和Cr(OH)3共沉淀的体系中,存在二者的溶解平衡,
=
≈4.8×
102,C项正确;
由于Ksp[Al(OH)3]<
Ksp[Cr(OH)3],故溶液中Al3+先沉淀,当Al3+完全沉淀时,c3(OH-)=
mol3·
L-3=1.3×
10-28mol3·
L-3,而此时c(Cr3+)·
c3(OH-)=0.1×
1.3×
10-28=1.3×
10-29>
6.3×
10-31,故Cr2+也会沉淀,因此不能通过调节pH,实现Al3+和Cr3+的分离,D项错误。
26.CaS可用于制备发光漆,用作脱毛剂、杀虫剂、硫脲等,还用于医药工业、重金属处理及环境保护。
某化学探究小组在实验室中利用反应:
CaSO4+C
CaS+CaO+SO2↑+CO↑+CO2↑,制备硫化钙并检验产物,可选用的装置如下:
已知:
①C及E~H中的试剂均为足量。
②酸性KMnO4溶液作氧化剂时,锰元素被还原成Mn2+。
③CaS与H2O反应生成Ca(OH)2和H2S。
回答下列问题:
(1)实验1:
若只检验生成物中是否含有CO,可采用的装置组合为____________(按气流方向,填字母组合),生成物中存在CO的现象是________________________________________________________
________________。
(2)实验2:
若只检验生成物中是否含有CO2,可采用的最简单的装置组合为________(按气流方向,填字母组合),除去SO2的离子方程式为_________________________________________________________
_______________________________________________________________________________________。
(3)实验3:
若同时检验CO2和SO2,采用的装置组合为____________(按气流方向,填字母组合)。
(4)若制备反应的条件完全相同,将产生的气体全部通入上述实验装置中,得到的有关数据如下表所示:
序号
实验前
实验后
实验1
装置C硬质玻璃管连同CuO质量为26.80g
装置C硬质玻璃管连同反应后固体质量为26.64g
实验2
装置G连同溶液质量为187.50g
装置G连同反应后溶液及沉淀的质量为188.38g
实验3
装置D、H连同溶液质量和为373.60g
装置D、H连同溶液质量和为374.24g
写出CaSO4和焦炭在高温条件下反应生成CaS的化学方程式:
________________________________________________________________________。
(5)为了证明硫化钙的化学式设计如下实验:
将一定质量(m1g)的样品溶于足量的饱和Na2CO3溶液中,通过________________________操作,称得固体质量为m2g,则表示硫化钙组成的计算式为n(Ca)∶n(S)=________________(用含m1、m2的代数式表示)。
答案
(1)AFECG(或AFGECG)
装置C中黑色固体变为红色,装置G中澄清石灰水变浑浊
(2)AHG 5SO2+2MnO
+2H2O===2Mn2++5SO
+4H+
(3)ADHG或AHG
(4)2CaSO4+3C
CaS+CaO+SO2↑+2CO2↑+CO↑
(5)过滤、洗涤、干燥
∶
解析
(1)CaSO4和C反应条件是高温,反应装置选择A,只检验CO,利用CO还原CuO,然后检验产物中是否含有CO2。
CaSO4和C反应生成CO2和SO2,这两种气体对后面实验产生干扰,必须除去,然后CO还原CuO,最后通入澄清石灰水检验生成的CO2。
(2)SO2、CO2都能使澄清石灰水变浑浊,首先利用SO2的还原性除去SO2,然后再通入澄清石灰水,澄清石灰水变浑浊,说明有CO2生成,因此顺序是A→H→G;
SO2与酸性高锰酸钾溶液反应的离子方程式为5SO2+2MnO
+4H+。
(3)CO2和SO2都能使澄清石灰水变浑浊,先检验SO2,可以利用SO2的还原性或漂白性,然后再通入澄清石灰水中检验CO2。
(4)根据实验1,装置C中发生CO+CuO
CO2+Cu,装置C反应前后固体质量相差(26.80-26.64)g=0.16g,根据差量法,求出CO的物质的量为
mol=0.01mol,实验2:
装置G的作用是吸收CO2,增加的是CO2的质量,即为(188.38-187.50)g=0.88g,合
mol=0.02mol,实验3:
装置D和H是检验和吸收SO2,增加的质量为SO2的质量,即为(374.24-373.60)g=0.64g,合
mol=0.01mol,因此SO2、CO2、CO的物质的量之比为0.01∶0.02∶0.01=1∶2∶1,即三种气体的化学计量数之比为1∶2∶1,此反应的化学方程式为2CaSO4+3C
CaS+CaO+SO2↑+2CO2↑+CO↑。
(5)加入饱和碳酸钠溶液中,产生的沉淀是CaCO3,需要过滤、洗涤、干燥、称量,根据钙原子守恒,即硫化钙中n(Ca2+)=
mol,硫化钙中硫元素的物质的量为
mol,两者物质的量之比为
。
27.工业上可用铬铁矿(主要成分可表示为FeO·
Cr2O3,还含有Al2O3、MgCO3、SiO2等杂质)为原料制备重铬酸钾晶体和绿矾的流程如下:
Ⅰ.常见离子沉淀的pH范围
离子
Fe3+
Al3+
Mg2+
SiO
AlO
开始沉淀
1.9
4.2
8.1
9.5
10.2
沉淀完全
3.2
5.3
9.4
8.0
8.5
Ⅱ.焙烧过程中主要发生反应:
2FeO·
Cr2O3+4Na2CO3+7NaNO3===4Na2CrO4+Fe2O3+4CO2↑+7NaNO2。
(1)绿矾的化学式为________。
(2)焙烧后的混合物中除含有Na2CrO4、NaNO2和过量的Na2CO3、NaNO3外,还含有NaAlO2和Na2SiO3等物质,则焙烧过程中生成NaAlO2的化学方程式为______________________________________
_______________________________________________________________________________________________________________________________。
(3)固体Y的主要成分为__________________(填写化学式)。
(4)酸化过程中用醋酸调节pH=5的目的为____________________;
若pH调节的过低,NO
可被氧化为NO
,其离子方程式为____________________________________________________________________________。
(5)调节pH=5后,加入KCl控制一定条件,可析出K2Cr2O7晶体,说明溶解度:
K2Cr2O7________Na2Cr2O7(填“大于”或“小于”)。
(6)流程中的一系列操作为____________________________________
__________________________________。
答案
(1)FeSO4·
7H2O
(2)Na2CO3+Al2O3
2NaAlO2+CO2↑
(3)H2SiO3和Al(OH)3
(4)将CrO
转化为Cr2O
Cr2O
+3NO
+8H+===2Cr3++3NO
+4H2O
(5)小于
(6)蒸发浓缩、冷却结晶、过滤
解析
(2)铬铁矿主要成分可表示为FeO·
Cr2O3,还含有Al2O3、MgCO3、SiO2等杂质,焙烧时加入碳酸钠和NaNO3,Al2O3与Na2CO3反应生成NaAlO2,化学方程式为Na2CO3+Al2O3
2NaAlO2+CO2↑。
(3)焙烧时SiO2与Na2CO3反应生成Na2SiO3,加水浸取后过滤,Na2SiO3进入滤液,加入醋酸调节pH=7~8,生成H2SiO3沉淀;
由表中数据可知,AlO
在pH≤8.5时沉淀完全,则调节pH过程中NaAlO2转化为Al(OH)3沉淀,故固体Y的主要成分为H2SiO3和Al(OH)3。
(4)CrO
与Cr2O
之间存在平衡:
2CrO
+2H+
Cr2O
+H2O,酸化过程中用醋酸调节pH=5,可使平衡正向移动,将CrO
若pH调节的过低,溶液中c(Cr2O
)较大,溶液的氧化性较强,可将NO
氧化为NO
,而Cr2O
则被还原为Cr3+,结合守恒规律写出离子方程式:
(5)调节pH=5后,加入KCl控制一定条件,可析出K2Cr2O7晶体,说明K2Cr2O7的溶解度小于Na2Cr2O7的溶解度。
(6)FeSO4易溶于水且溶解度受温度影响较大,故从FeSO4溶液中获得FeSO4·
7H2O晶体,要经过蒸发浓缩、冷却结晶、过滤等一系列操作。
28.随着科学技术的发展和环保要求不断提高,CO2的捕集利用技术成为研究的重点。
Ⅰ.工业上使用的捕碳剂有NH3和(NH4)2CO3,它们与CO2可发生如下可逆反应:
NH3(l)+H2O(l)+CO2(g)
NH4HCO3(aq) ΔH1
2NH3(l)+H2O(l)+CO2(g)
(NH4)2CO3(aq) ΔH2
(NH4)2CO3(aq)+H2O(l)+CO2(g)
2NH4HCO3(aq)ΔH3
则ΔH3=________(用含ΔH1、ΔH2的代数式表示)。
Ⅱ.目前国际空间站处理CO2的一个重要方法是将CO2还原,所涉及的化学反应方程式为CO2(g)+4H2(g)
CH4(g)+2H2O(g),已知:
H2的体积分数随温度的升高而增加。
(1)该反应的ΔS________0(填“>
”“<
”或“=”),该反应的ΔH________0(填“>
”或“<
”)。
(2)在恒容密闭容器中通入等物质的量的CO2和H2并发生上述反应,T℃下,CO2物质的量浓度c(CO2)随时间t变化的曲线如图所示。
下列能说明反应达到平衡状态的是________(填字母代号)。
A.体系压强保持不变
B.混合气体密度保持不变
C.甲烷和水蒸气的物质的量之比保持不变
D.H2的质量分数保持不变
(3)T℃下,反应前20s的平均反应速率v(H2)=________(用含a、b的代数式表示)。
(4)T℃下,该反应的平衡常数K=________(用含a、b的代数式表示)。
(5)若降低温度,反应重新达到平衡,则v(正)________;
CO2转化率________(填“增大”“减小”或“不变”)。
Ⅲ.工业上常用高浓度的K2CO3溶液吸收CO2,得溶液X,再利用电解法使K2CO3溶液再生,其装置示意图如图所示:
(1)在阳极区发生的反应包括__________________________________
_________________________________________和H++HCO
===CO2↑+H2O。
(2)简述CO
在阴极区再生的原理:
___________________________
_____________________________________________________________________________________________________________________。
答案 Ⅰ.2ΔH1-ΔH2
Ⅱ.
(1)<
<
(2)AD (3)
mol/(L·
s)
(4)
(5)减小 增大
Ⅲ.
(1)4OH--4e-===2H2O+O2↑或2H2O-4e-===4H++O2↑
(2)阴极H+放电产生H2,OH-浓度变大并与HCO
反应使CO
再生
解析 Ⅰ.根据盖斯定律,可知ΔH3=2ΔH1-ΔH2。
Ⅱ.
(1)这是一个气体体积减小的反应,所以ΔS<
0。
因为温度升高时,H2的体积分数增大,即平衡逆向移动,所以正反应为放热反应,ΔH<
(2)A项,反应正向进行时,气体物质的量减小,反应逆向进行时,气体物质的量增大,当容器体积不变时,二者都会导致体系内压强改变,所以体系压强不变的状态一定是化学平衡状态,正确;
B项,由于反应进行过程中气体的质量始终保持不变,容器体积不变时,混合气体密度始终不变,所以混合气体密度不变时不一定是化学平衡状态,错误;
C项,反应开始时只有CO2和H2,所以生成的CH4与H2O物质的量之比始终为1∶2,则CH4与H2O物质的量之比保持不变时不一定是化学平衡状态,错误;
D项,反应正向进行时H2质量分数减小,反应逆向进行时H2质量分数增大,所以H2质量分数不变时,一定是化学平衡状态,正确。
(3)前20sΔc(CO2)=(a-b)mol/L,则v(CO2)=
,v(H2)=
×
4=
s)。
(4)平衡建立过程中,反应消耗CO2为(a-b)mol/L,则参加反应的H2为4(a-b)mol/L,生成CH4为(a-b)mol/L、H2O为2(a-b)mol/L,所以反应达到平衡时,CO2为bmol/L,H2为[a-4(a-b)]mol/L=(4b-3a)mol/L,CH4为(a-b)mol/L,H2O为2(a-b)mol/L,K=
(5)温度降低时,化学反应速率减小,重新建立平衡后,v(正)也减小。
由于该反应是放热反应,降低温度后平衡正向移动,所以CO2的转化率增大。
Ⅲ.
(1)电解时还原性最强的OH-在阳极放电生成O2,反应原理为4OH--4e-===2H2O+O2↑或2H2O-4e-===4H++O2↑,反应的OH-来源于水,所以电解时阳极产生H+,H++HCO
(2)阴极区氧化性最强的H+放电生成H2,H+主要来源于水,故电解时阴极产生OH-,OH-+HCO
===H2O+CO
,使CO
得到再生。
35.[化学——选修3:
物质结构与性质]
贝壳、珍珠、方解石的主要成分均为CaCO3,回答下列问题:
(1)利用焰色反应的原理既可制作五彩缤纷的节日烟花,亦可定性鉴别某些金属盐。
灼烧CaCO3的焰色为________(填标号)。
A.黄色 B.红色
C.紫色 D.绿色
(2)CaCO3中三种元素第一电离能由小到大的顺序是______________。
CaCO3中的化学键除了σ键外,还存在________。
(3)关于CO2和CO
的下列说法正确的是________。
a.两种粒子中心原子的价层电子对数相同
b.两种粒子的中心原子均无孤电子对
c.键角:
CO2>
CO
d.两种粒子的中心原子杂化方式相同
(4)难溶碳酸盐易分解,CaCO3、BaCO3热分解温度更高的是________,原因是____________________________________________
______________________________________。
(5)方解石的菱面体结构如图1,沿三次轴的俯视图为正六边形,如图2。
方解石的六方晶胞结构如图3,晶胞底面为平行四边形,其较小夹角为60°
,边长为anm,晶胞高为cnm。
A在俯视图中为a,则B在俯视图中的位置为________(填字母)。
方解石的六方晶胞中,Ca2+和CO
的个数比为________;
若阿伏加德罗常数的值为NA,则该方解石的密度为________g·
cm-3(列出计算式)。
答案
(1)B
(2)Ca<
C<
O 离子键、π键
(3)bc
(4)BaCO3 Ca2+半径比Ba2+小,对CO
中的O2-吸引力更大,且产物CaO比BaO更稳定
(5)d 1∶1
1021
解析
(1)钠元素的焰色为黄色,钾元素的焰色为紫色,铜元素的焰色为绿色,钙元素的焰色为红色,故灼烧CaCO3的焰色为红色。
(2)CaCO3中三种元素的第一电离能由小到大的顺序为Ca<
O;
CaCO3为离子化合物,存在离子键,CO
中除了含有σ键外还有π键。
(3)CO2分子中的中心C原子的价层电子对数为2,中心C原子无孤电子对,杂化方式为sp杂化,CO2为直线形结构,键角为180°
,CO
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