中考数学真题分类汇编二次函数压轴题.doc

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26．（13分）（2015•福州）如图，抛物线y=x2﹣4x与x轴交于O，A两点，P为抛物线上一点，过点P的直线y=x+m与对称轴交于点Q．

（1）这条抛物线的对称轴是　　　　　　，直线PQ与x轴所夹锐角的度数是　　　　　　；

（2）若两个三角形面积满足S△POQ=S△PAQ，求m的值；

（3）当点P在x轴下方的抛物线上时，过点C（2，2）的直线AC与直线PQ交于点D，求：

①PD+DQ的最大值；②PD•DQ的最大值．

考点：

二次函数综合题．菁优网版权所有

分析：

（1）把抛物线的解析式化成顶点式即可求得对称轴；求得直线与坐标轴的交点坐标，即可证得直线和坐标轴围成的图形是等腰直角三角形，从而求得直线PQ与x轴所夹锐角的度数；

（2）分三种情况分别讨论根据已知条件，通过△OBE∽△ABF对应边成比例即可求得；

（3）①过点C作CH∥x轴交直线PQ于点H，可得△CHQ是等腰三角形，进而得出AD⊥PH，得出DQ=DH，从而得出PD+DQ=PH，过P点作PM⊥CH于点M，则△PMH是等腰直角三角形，得出PH=PM，因为当PM最大时，PH最大，通过求得PM的最大值，从而求得PH的最大值；由①可知：

PD+PH≤6，设PD=a，则DQ﹣a，得出PD•DQ≤a（6﹣a）=﹣a2+6a=﹣（a﹣3）2+18，当点P在抛物线的顶点时，a=3，得出PD•DQ≤18．

解答：

解：

（1）∵y=x2﹣4x=（x﹣2）2﹣4，

∴抛物线的对称轴是x=2，

∵直线y=x+m，

∴直线与坐标轴的交点坐标为（﹣m，0），（0，m），

∴交点到原点的距离相等，

∴直线与坐标轴围成的三角形是等腰直角三角形，

∴直线PQ与x轴所夹锐角的度数是45°，

故答案为x=2、45°．

（2）设直线PQ交x轴于点B，分别过O点，A点作PQ的垂线，垂足分别是E、F，显然当点B在OA的延长线时，S△POQ=S△PAQ不成立；

①当点B落在线段OA上时，如图①，

==，

由△OBE∽△ABF得，==，

∴AB=3OB，

∴OB=OA，

由y=x2﹣4x得点A（4，0），

∴OB=1，

∴B（1，0），

∴1+m=0，

∴m=﹣1；

②当点B落在线段AO的延长线上时，如图②，同理可得OB=OA=2，

∴B（﹣2，0），

∴﹣2+m=0，

∴m=2，

综上，当m=﹣1或2时，S△POQ=S△PAQ；

（3）①过点C作CH∥x轴交直线PQ于点H，如图③，可得△CHQ是等腰三角形，

∵∠CDQ=45°+45°=90°，

∴AD⊥PH，

∴DQ=DH，

∴PD+DQ=PH，

过P点作PM⊥CH于点M，则△PMH是等腰直角三角形，

∴PH=PM，

∴当PM最大时，PH最大，

∴当点P在抛物线顶点出时，PM最大，此时PM=6，

∴PH的最大值为6，

即PD+DQ的最大值为6．

②由①可知：

PD+PH≤6，

设PD=a，则DQ﹣a，

∴PD•DQ≤a（6﹣a）=﹣a2+6a=﹣（a﹣3）2+18，

∵当点P在抛物线的顶点时，a=3，

∴PD•DQ≤18．

∴PD•DQ的最大值为18．

点评：

本题是二次函数的综合题，考查了抛物线的性质，直线的性质，三角形相似的判定和性质，难度较大．

25．（10分）（2015•莆田）抛物线y=ax2+bx+c，若a，b，c满足b=a+c，则称抛物线y=ax2+bx+c为“恒定”抛物线．

（1）求证：

“恒定”抛物线y=ax2+bx+c必过x轴上的一个定点A；

（2）已知“恒定”抛物线y=x2﹣的顶点为P，与x轴另一个交点为B，是否存在以Q为顶点，与x轴另一个交点为C的“恒定”抛物线，使得以PA，CQ为边的四边形是平行四边形？

若存在，求出抛物线解析式；若不存在，请说明理由．

考点：

二次函数综合题．菁优网版权所有

专题：

综合题．

分析：

（1）由“恒定”抛物线y=ax2+bx+c，得到b=a+c，即a﹣b+c=0，即可确定出抛物线恒过定点（﹣1，0）；

（2）先求出抛物线y=x2﹣的顶点坐标和B的坐标，由题意得出PA∥CQ，PA=CQ；存在两种情况：

①作QM⊥AC于M，则QM=OP=，证明Rt△QMC≌Rt△POA，MC=OA=1，得出点Q的坐标，设抛物线的解析式为y=a（x+2）2﹣，把点A坐标代入求出a的值即可；

②顶点Q在y轴上，此时点C与点B重合；证明△OQC≌△OPA，得出OQ=OP=，得出点Q坐标，设抛物线的解析式为y=ax2+，把点C坐标代入求出a的值即可．

解答：

（1）证明：

由“恒定”抛物线y=ax2+bx+c，

得：

b=a+c，

即a﹣b+c=0，

∵抛物线y=ax2+bx+c，

当x=﹣1时，y=0，

∴“恒定”抛物线y=ax2+bx+c必过x轴上的一个定点A（﹣1，0）；

（2）解：

存在；理由如下：

∵“恒定”抛物线y=x2﹣，

当y=0时，x2﹣=0，

解得：

x=±1，

∵A（﹣1，0），

∴B（1，0）；

∵x=0时，y=﹣，

∴顶点P的坐标为（0，﹣），

以PA，CQ为边的平行四边形，PA、CQ是对边，

∴PA∥CQ，PA=CQ，

∴存在两种情况：

①如图1所示：

作QM⊥AC于M，

则QM=OP=，∠QMC=90°=∠POA，

在Rt△QMC和Rt△POA中，

，

∴Rt△QMC≌Rt△POA（HL），

∴MC=OA=1，

∴OM=2，

∵点A和点C是抛物线上的对称点，

∴AM=MC=1，

∴点Q的坐标为（﹣2，﹣），

设以Q为顶点，与x轴另一个交点为C的“恒定”抛物线的解析式为y=a（x+2）2﹣，

把点A（﹣1，0）代入得：

a=，

∴抛物线的解析式为：

y=（x+2）2﹣，

即y═x2+4x+3；

②如图2所示：

顶点Q在y轴上，此时点C与点B重合，

∴点C坐标为（1，0），

∵CQ∥PA，

∴∠OQC=∠OPA，

在△OQC和△OPA中，

，

∴△OQC≌△OPA（AAS），

∴OQ=OP=，

∴点Q坐标为（0，），

设以Q为顶点，与x轴另一个交点为C的“恒定”抛物线的解析式为y=ax2+，

把点C（1，0）代入得：

a=﹣，

∴抛物线的解析式为：

y=﹣x2+；

综上所述：

存在以Q为顶点，与x轴另一个交点为C的“恒定”抛物线，使得以PA，CQ为边的四边形是平行四边形，

抛物线的解析式为：

y=x2+4x+3，或y=﹣x2+．

点评：

本题是二次函数综合题目，考查了新定义“恒定”抛物线、用待定系数法求抛物线的解析式、全等三角形的判定与性质、抛物线的对称性、坐标与图形性质等知识；本题难度较大，综合性强，特别是

（2）中，需要作辅助线证明三角形全等求出点的坐标才能得出抛物线的解析式．

26．（13分）（2015•泉州）阅读理解

抛物线y=x2上任意一点到点（0，1）的距离与到直线y=﹣1的距离相等，你可以利用这一性质解决问题．

问题解决

如图，在平面直角坐标系中，直线y=kx+1与y轴交于C点，与函数y=x2的图象交于A，B两点，分别过A，B两点作直线y=﹣1的垂线，交于E，F两点．

（1）写出点C的坐标，并说明∠ECF=90°；

（2）在△PEF中，M为EF中点，P为动点．

①求证：

PE2+PF2=2（PM2+EM2）；

②已知PE=PF=3，以EF为一条对角线作平行四边形CEDF，若1＜PD＜2，试求CP的取值范围．

考点：

二次函数综合题；勾股定理；矩形的判定与性质．菁优网版权所有

专题：

综合题；阅读型．

分析：

（1）如图1，只需令x=0，即可得到点C的坐标．根据题意可得AC=AE，从而有∠AEC=∠ACE．易证AE∥CO，从而有∠AEC=∠OCE，即可得到∠ACE=∠OCE，同理可得∠OCF=∠BCF，然后利用平角的定义即可证到∠ECF=90°；

（2））①过点P作PH⊥EF于H，分点H在线段EF上（如图2①）和点H在线段EF的延长线（或反向延长线）上（如图2②）两种情况讨论，然后只需运用勾股定理及平方差公式即可证到PE2+PF2﹣2PM2=2EM2，即PE2+PF2=2（PM2+EM2）；

②连接CD，PM，如图3．易证▱CEDF是矩形，从而得到M是CD的中点，且MC=EM，然后根据①中的结论，可得：

在△PEF中，有PE2+PF2=2（PM2+EM2），在△PCD中，有PC2+PD2=2（PM2+CM2）．由MC=EM可得PC2+PD2=PE2+PF2．根据PE=PF=3可求得PC2+PD2=18．根据1＜PD＜2可得1＜PD2＜4，即1＜18﹣PC2＜4，从而可求出PC的取值范围．

解答：

解：

（1）当x=0时，y=k•0+1=1，

则点C的坐标为（0，1）．

根据题意可得：

AC=AE，

∴∠AEC=∠ACE．

∵AE⊥EF，CO⊥EF，

∴AE∥CO，

∴∠AEC=∠OCE，

∴∠ACE=∠OCE．

同理可得：

∠OCF=∠BCF．

∵∠ACE+∠OCE+∠OCF+∠BCF=180°，

∴2∠OCE+2∠OCF=180°，

∴∠OCE+∠OCF=90°，即∠ECF=90°；

（2）①过点P作PH⊥EF于H，

Ⅰ．若点H在线段EF上，如图2①．

∵M为EF中点，

∴EM=FM=EF．

根据勾股定理可得：

PE2+PF2﹣2PM2=PH2+EH2+PH2+HF2﹣2PM2

=2PH2+EH2+HF2﹣2（PH2+MH2）

=EH2﹣MH2+HF2﹣MH2

=（EH+MH）（EH﹣MH）+（HF+MH）（HF﹣MH）

=EM（EH+MH）+MF（HF﹣MH）

=EM（EH+MH）+EM（HF﹣MH）

=EM（EH+MH+HF﹣MH）

=EM•EF=2EM2，

∴PE2+PF2=2（PM2+EM2）；

Ⅱ．若点H在线段EF的延长线（或反向延长线）上，如图2②．

同理可得：

PE2+PF2=2（PM2+EM2）．

综上所述：

当点H在直线EF上时，都有PE2+PF2=2（PM2+EM2）；

②连接CD、PM，如图3．

∵∠ECF=90°，

∴▱CEDF是矩形，

∵M是EF的中点，

∴M是CD的中点，且MC=EM．

由①中的结论可得：

在△PEF中，有PE2+PF2=2（PM2+EM2），

在△PCD中，有PC2+PD2=2（PM2+CM2）．

∵MC=EM，

∴PC2+PD2=PE2+PF2．

∵PE=PF=3，

∴PC2+PD2=18．

∵1＜PD＜2，

∴1＜PD2＜4，

∴1＜18﹣PC2＜4，

∴14＜PC2＜17．

∵PC＞0，

∴＜PC＜．

24．（12分）（2015•福建）如图，在平面直角坐标系中，顶点为A（1，﹣1）的抛物线经过点B（5，3），且与x轴交于C，D两点（点C在点D的左侧）．

（1）求抛物线的解析式；

（2）求点O到直线AB的距离；

（3）点M在第二象限内的抛物线上，点N在x轴上，且∠MND=∠OAB，当△DMN与△OAB相似时，请你直接写出点M的坐标．

考点：

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分析：

（1）根据待定系数法，可得抛物线的解析式；

（2）根据勾股定理，可得OA2、OB2、AB2的长，根据勾股定理的逆定理，可得∠OAB的度数，根据点到直线的距离的定义，可得答案；

（3）根据抛物线上的点满足函数解析式，可得方程②，根据相似三角形的性质，可得方程①③，根据解方程组，可得M点的坐标．

解答：

解：

（1）设抛物线的解析式为y=a（x﹣1）2﹣1，

将B点坐标代入函数解析式，得

（5﹣1）2a﹣1=3，

解得a=．

故抛物线的解析式为y=（x﹣1）2﹣1；

（2）由勾股定理，得OA2=11+12=2，OB2=52+32=34，AB2=（5﹣1）2