人教版中考物理考前押题检测试题卷附解析Word文件下载.docx

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核电站利用的是核裂变时产生的能量，B错误；

我国北斗导航系统卫星传递信息利用的是电磁波，超声波在真空中不能传播，C错误；

光就是电磁波，所以二者在真空中的传播速度相等，D正确。

5．下列有关安全用电的说法,正确的是

A．用电器的金属外壳可以不必接地

B．现代家庭发生火灾时，必须立即泼水救火

C．发现有人触电时，首先要切断电源

D．使用测电笔时，手不能接触笔尾的金属体

选C。

用电器的金属外壳必须接地，以免用电器内部漏电造成人员触电，A错误；

如果用电器起火，不能泼水灭火，否则容易造成触电，B错误；

发现有人触电时，首先要切断电源，然后施救，C正确；

使用测电笔时，手必须接触笔尾的金属体测电笔才能起到作用，D错误。

6．关于温

度、热量和内能,下列说法中不正确的是

A．0℃的冰块内能一定不为零

B．物体温度升高，内能一定增加

C．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递

D．温度高的物体，内能不一定大

任何物体的内能都不为零，A正确；

物体温度升高，表明分子平均动能增加，所以内能增加，B正确；

热量总是由温度高的物体向温度低的物体传递，和内能的大小没有关系，C错误；

内能和温度、状态、质量等多个因素有关系，所以温度高的物体内能不一定打，D正确。

所以选C。

7．如图1所示电路中，电源电压不变，R为滑动变阻器。

闭合开关S后，在滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（忽略温度对电阻的影响）

A．电压表的示数不变，电路的总电阻变大

B．电压表的示数变大，电流表的示数变小

C．电压表的示数变大，灯泡变亮

D．电压表的示数变小，灯泡变暗

整个电路为串联电路，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压。

闭合开关S后，滑片P向右滑动，滑动变阻器连入电路的电阻变大，电路中电流变小，所以电流表的示数变小，小灯泡变暗。

根据欧姆定律，小灯泡两端的电压变小。

根据串联电路的电压规律，滑动变阻器两端的电压变大，所以电压表的示数变大。

所以只有B项正确。

8．如图2所示，使用同一滑轮的甲、乙两种装置，匀速提升重均为10N的A、B两物体，已知滑轮重1N，不计绳重和绳与滑轮间的摩擦，则下列说法中正确的是

A．手的拉力F乙=10N

B．A物体受到的合力与B物体受到的合力相等

C．若A、B两物体都被提升0.5m，则手的拉力F乙做的有用功比较多

D．若A、B两物体都被提升0.5m，则手的拉力F甲做的功比F乙做的功多

乙为动滑轮，所以手的拉力为F乙=（GB+G动）/2=（10N+1N）/2=5.5N，所以A错误；

A、B两物体都是匀速运动，都处于平衡状态，所以所受合力都为0，B正确；

两物体的重力相等，提升高度相等，所以两次所做有用功相等，C错误；

不计绳重和摩擦，A、B两物体都被提升0.5m，F甲所做功均为有用功，F乙还要提升动滑轮，要做一部分额外功，所以F乙做功更多，D错误。

9．通电螺线管和磁体A的磁极附近的磁感线分布如图3所示，小磁针处于静止状态。

则

A．小磁针的b端为N极B．通电螺线管左端为N极

C．电源“+”极为c端D．螺线管上看得见的导线中的电流自下而上

根据磁感线的方向可以判断，磁体A的右端和通电螺线管的左端都是S极，所以小磁针的b端为S极，所以A、B两项都错；

根据右手定则，电源的c端为正极，螺线管上看得见的导线中的电流自上而下，所以C正确，D错误。

10．如图4甲所示，是建设罗泊湾大桥时使用的起吊装置（图中未画出）的钢缆绳拉着实心圆柱体A在距江面某一高度处沿竖直方向匀速下降的情景。

A在下降到江底之前，始终保持0.1m/s的速度不变。

如图4乙所示是A下降到江底之前钢缆绳对A的拉力F随时间t变化的图像（江水的密度为ρ=1.0×

103kg/m3,g取10N/kg）。

A．A从开始下降直到江面的过程中，钢缆绳对A做的功为5×

104J

B．A下降过程中重力的功率为5×

103W

C．A的密度为1.6×

103kg/m3

D．当A下降到水平的江底，卸下钢缆绳后，A对江底的压强为5×

103Pa

整个下降过程中，钢缆绳对A的拉力向上，A的运动方向向下，所以钢缆绳对A做负功，A错误；

A下降过程中，重力的功率P=Gv=Fv=3×

104N×

0.1m/s=3×

103W，所以B错误；

A浸入水中后，所受浮力F浮=3×

104N－1×

104N=2×

104N，根据阿基米德原理，F浮=ρgV排，所以V=V排=

=

＝2m3。

A的质量mA=G/g=3×

104N/10N·

kg-1=3×

103kg，ρA=mA/V=3×

103kg/2m3=1.5×

103kg/m3，C错误；

从一接触水面到完全浸入水中，物体下落时间t=30s－20s=10s，所以物体的高度h=vt＝0.1m/s×

10s=1m，所以物体的底面积S=V/h=3=2m3/1m=2m2。

当下降到江底时，对江底的压力为F=1×

104N，所以对江底的压强p=F/S=1×

104N/2m2=5×

103Pa，D正确。

第Ⅱ卷非选择题

二、填空题（每空1分，共20分）

11．国家级“奔跑中国·

一带一路”马拉松系列赛首站——2018贵港国际马拉松于2018年3月4日在贵港市新世纪广场起航开跑，CCTV5全程直播。

其中半程马拉松距离为21.0975km，合m。

大山同学在奔跑过程中看到街道两旁的树木向后倒退，他是以为参照物。

21.0975km=21.0975×

103m=21097.5m。

跑动中的人看到树木后退，是一自己为参照物。

答案：

21097.5自己

12．严冬，树枝上形成美丽的“雾凇”。

“雾凇”属于现象（选填一种物态变化现象），这个现象发生的过程中，需要热量（选填“吸收”或“放出”）。

雾凇是由空气中的水蒸气直接变成固体而来，是凝华现象，该现象发生过程中放出热量。

凝华放出

13．粼粼波光是由于产生的。

我们能从不同的方向看到本身不发光的物体，是因为物体发生了。

粼粼波光是水面对光线的反射；

我们能从不同方向看到本身不发光的物体，是因为物体发生了漫反射，把光线反射到不同方向上人的眼中了。

光的反射漫反射

14．如图5所示，不考

虑空气

阻力，小球从A点自由摆动到B点的过程中，能转化为

能。

小球从A点自由摆动到B点的过程中，高度降低，速度变大，重力势能转为为动能。

小球的重力势小球的动

15．在①磁浮列车②动圈式扬声器③动圈式话筒④电风扇⑤指南针⑥发

电机中，应用电磁感应原理制成的是（只需要填序号），利用磁

场对通电导体具有力的作用的原理工作的是（只需要填序号）。

电磁感应是磁生电，机械能转化为电能，符合这两条的是动圈式话筒和发电机；

磁场对通电导线具有力的作用是电能转化为机械能，符合这条的是动圈式扬声器和电风扇。

③⑥②④

16．如图6的电工钳是一个杠杆（选填“省力”或“费力”），手柄上的橡胶套是（选填“导体”、“绝缘体”或“半导体”）。

电工钳是省力杠杆，手柄上的橡胶套是绝缘体，是为了防止触电，保证工作安全的。

省力绝缘体

17．在用实验探究“电阻的大小与哪些因素有关”时，图7是某实验小组进行探究的实验装置，演示板上固定了四条合金电阻线，a、b、c的长度均是1m，d的长度是0.5m；

a、b、d的横截面积相同，c的横截面积比a、b的小，a、c是镍铬合金线，b、d是锰铜合金线。

当依次把M、N跟a、c的两端连接时，探究的是导体电阻大小与导体_____的关系。

实验中采用的方法叫。

a、c两根电阻线，长度相同、材料相同，横截面积不同，因此依次把M、N跟a、c的两端连接时，探究的是导体电阻大小与导体横截面积的关系，这种探究的方法叫做控制变量法。

横截面积控制变量法

18．投出去的实心球能在空中飞行，是因为实心球。

大山同学在中考体育

考试中用60N的力投出的实心球在空中画了一条优美的弧线。

若实心球重为20N，大山投出了9.6m的距离，球最高点距地面3m。

则实心球在空中飞行的过程中，实心球所受的力做的功为J（不计空气阻力）。

投出去的实心球能在空中飞行，是因为实心球具有保持原来运动状态的性质，也就是具有惯性。

实心球在空中飞行时，只受重力。

重力所做的功W=Gh=20N×

3m=60J

具有惯性60

19．在“伏安法”测电阻的实验中，实验电路图如图8所示，若待测电阻Rx的阻值为8Ω，实验过程中要求电表不得超过其量程，且电表的指针至少能到达刻度盘的中线，所用的实验器材在下列器材中选取：

电流表（0～0.6A或0～3A一只），电压表（0～3V或0～6V）一只，滑动变阻器（0～50Ω）一只，电源一个（电压保持6V不变），开关一个，导线若干。

实验中，为了保证电路安全，整个电路消耗的最大功率为W，滑动变阻器的取值范围为。

Rx=8Ω，电源电压为6V，如果滑动变阻器不连入电路，则电路中的电流I0=6V/8Ω=0.75A，所以电流表应选0～0.6A量程的，电压表选0～6V量程的。

则电路中的最大电流为0.6A，这时电路的功率即为最大功率，P=UI=6V×

0.6A=3.6W；

当电流最大时，电路总电阻最小，这时R总小=U/I=6V/0.6A=10Ω，这时滑动变阻器连入电路的电阻最小，为10Ω－8Ω=2Ω；

因为电表的指针至少要达到刻度盘的中线，所以Rx两端电压最小为3V，这时R连入电路的电压最大。

R两端的电压为6V－3V=3V，所以这时R连入电路的电阻与Rx相等，为8Ω。

所以滑动变阻器连入电路的阻值范围为2Ω≤R≤8Ω。

3.62Ω≤R≤8Ω

20．如图9所示,一底面积是100cm2的圆柱形容器内盛有1.5kg的水，静止在水平桌面上。

现将含有合金块的冰块投入容器的水中，恰好悬浮，此时水位上升了6cm（没有水溢出）。

当冰块全部熔化后，容器底部所受水的压强改变了58Pa。

容器的质量及厚度可忽略不计，g取10N/kg，ρ冰=0.9×

103kg/m3，ρ水=1.0×

103kg/m3。

则含有合金块的冰块悬浮时，容器对水平桌面的压强为Pa,该合金块的密度为kg/m3。

20．21003.9×

103

当冰块悬浮时，所受浮力F浮=ρ水gV排=1.0×

103kg/m3×

10N/kg×

100×

6×

10-6m3=6N，根据力的相互性，水对容器底的压力增加了6N，容器对桌面的压力F=mg+6N=1.5kg×

10N/kg+6N=21N，对桌面的压强p=F/S=21N/100×

10－4m2=2100Pa。

冰块熔化前，受到的浮力大小等于冰块和合金块的总重力，冰块熔化后，由于合金块沉底，所以所受总浮力变小，也就是排开水的总体积变小，因此水面下降，当冰块全部熔化后，容器底部所受水的压强改变了58Pa，也就是减小了58Pa。

根据液体压强公式p=ρgh可得，水面下降高度Δh=

=5.8×

10-3m。

水面下降是因为冰变成水，假设冰的质量为m，则有m/ρ冰－m/ρ水＝SΔh，代入数据可以求得，m=0.522kg，这些冰的体积V冰=m/ρ冰，代入数据求得，V冰=5.8×

10-4m3。

含有合金块的冰块投入容器的水中，恰好悬浮，此时水位上升了6cm，V排=100×

10-6m3=6×

所以合金块的体积V金等于V排－V冰=2×

10-5m3。

悬浮时，合金块和冰受到的总浮力为6N，所以二者的总重力为6N，总质量m总=G总/g=6N/10N·

kg-1=0.6kg，合金块的质量m金＝0.6kg－0.522kg=0.078kg，所以合金块的密度ρ金＝m金/V金＝0.078kg/2×

10-5m3＝3.9×

21003.9×

三、作图与实验探究题（共29分）

21．

（1）（2分）太阳光线跟水平方向成30°

角，为了使反射光线水平行进，请在图10中画出平面镜的位置并标出反射角的度数。

（2）（3分）请将图11中的“光控开关”、“声控开关”、“灯泡”用笔画线表示导线正确连入电路，设计出只有在光线较暗且有声音时灯才亮的楼道灯自动控制电路，同时安装一个不受开关控制的三孔插座（导线不得交叉）。

（3）（3分）如图12所示，物体A处于静止状态，物体B在拉力F作用下向右做匀速直线运动。

请在图12中画出物体A所受力的示意图（力的作用点图中已标出）。

解析

（1）光平行反射，则反射光线沿水平面向右，二者的夹角为150°

，夹角的平分线即为法线，镜面垂直于法线。

（2）只有在光线较暗且有声音时灯才亮，所以光控开关、声控开关串联接在火线上，灯座的另一个接头接在零线上。

三孔插座遵循左零右火上接地的原则接入电路，与灯并联。

（3）物体A相对于物体B向做运动，所以受到物体B施加的向右的摩擦力，因为A静止，所以受力平衡，因此还要受到与摩擦力等大的绳子向左的拉力。

竖直方向上，A受到重力和物体B的支持力，二者大小相等，方向相反。

（1）

（2）（3）

22．（3分）如图13所示，所测物体的长度是cm。

如图14所示，电流表的示数为A,电压表的示数为V。

注意刻度尺需要估读，答案为2.90cm，电流表和电压表均不需要估读。

电流表选择的是0～0.6A量程，所以示数为0.38A，电压表选择的是0～15V量程，所以示数为6V。

2.900.386

23．（4分）在用实验探究“凸透镜成像规律”时，所用凸透镜的焦距为10.00cm。

如图15所示，将蜡烛、光屏分别置于光具座上凸透镜两侧，调整凸透镜和光屏的中心大致与烛焰的中心在；

凸透镜固定在光具座上50.00cm刻度线处不动，要在光屏上成放大的像，蜡烛应在范围内移动（用具体数字表示），光屏应向移动（选填“左”或“右”）；

现再将蜡烛移至光具座上10.00cm处，移动光屏，在光屏上得到一个清晰的实像，应用这一原理可以制成。

为保证成像清晰，要调整调整凸透镜和光屏的中心大致与烛焰的中心在同一高度；

要在光屏上成放大的像，需要物距在一倍焦距和二倍焦距之间，所以蜡烛应该在30.00cm∽40.00cm范围内移动；

光屏应该在二倍焦距之外，所以要向右移动；

蜡烛移至光具座上10.00cm处，移动光屏，在光屏上得到一个清晰的实像，这时得到的是缩小的实像，应用这一原理可以制成照相机。

同一高度30.00cm∽40.00cm右照相机

24．（5分）在“测量牛奶密度”的实验中。

（1）大山先将牛奶倒入量筒，如图16所示，则牛奶的体积为______cm3；

接着将天平放在水平工作台上，将游码移至称量标尺左端的“0”刻度线上，调节，使天平平衡；

用调节好的天平测出空烧杯的质量为33g，然后将量筒中的牛奶全部倒入烧杯，用天平测量烧杯和牛奶的总质量，天平平衡时如图17所示，则烧杯和牛奶的总质量为_______g。

（2）根据以上实验数据计算出牛奶的密度为_______kg/m3，用该方法测得的牛奶的密度比真实值偏_______。

（选填“大”或“小”）

（1）量筒中的液面正对准40mL的刻度，因此牛奶的体积为40mL，也就是40cm3；

调节天平平衡时，游码移动到标尺左端后，需要再调节平衡螺母，是天平平衡；

右盘中砝码的总质量为70g，游码的示数为3.8g，注意是游码的左侧所对刻度，所以烧杯和牛奶的总质量为70g+3.8g=73.8g。

（2）牛奶的质量m＝73.8g－33g＝10.8g，牛奶的密度ρ=m/V=40.88g/40cm3=1.02g/cm3＝1.02×

103kg/m3；

因为从量筒中往烧杯中倒牛奶的时候，不能完全倒干净，所以所测质量偏小，而体积正确，因此用该方法测得的牛奶密度偏小。

（1）40平衡螺母73.8

（2）1.02×

103小

25．（9分）如图18所示是“探究电流的大小与哪些因素有关”的实验电路图。

（1）连接电路前，开关必须。

（2）请根据图18所示的电路图用笔画线表示导线将图19所示的实物连接成完整电路（请勿更改原有导线，导线不得交叉）。

（3）实验开始时，滑动变阻器的作用是_______。

在探究通过导体的电流与导体两端电压关系时，应保持不变，此时滑动变阻器的作用是；

在探究通过导体的电流与导体电阻关系时，应保持不变。

（4）在探究通过导体的电流与导体电阻关系时，得到实验数据记录如下表：

实验序号

1

2

3

4

电阻R/Ω

5

10

15

20

电流I/A

0.6

0.3

0.2

0.15

根据上表的实验数据，请在图20中画出电流随电阻变化的图像。

（1）连接电路前，为保证安全，开关必须处于断开状态；

（2）连线时注意，电流必须从+接线柱进入电压表，从-接线柱流出，还要注意滑动变阻器要一上一下连接；

（3）实验开始时，滑动变阻器要将滑片滑到阻值最大处，以保护电路。

探究通过导体的电流与导体两端电压关系时，应保持定值电阻的阻值不变，此时滑动变阻器用来调节定值电阻两端的电压；

在探究通过导体的电流与导体电阻关系时，应保持定值电阻两端电压不变。

（4）电阻和电流值在坐标图上描点，然后用平滑的曲线将所描的点连接起来即可。

（1）断开（1分）

（2）

（3）保护电路定值电阻阻值改变定值电阻两端电压定值电阻两端电压

（4）

四、解答题（共21分）解答时要求写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。

答案必须写出数值和单位，只写出最后答案的不能给分。

26．（5分）大山将质量为20kg的水从25℃加热到75℃，[水的比热容为4.2×

103J/（kg·

℃）,天然气的热值为3.5×

107J/m3]求：

（1）这些水吸收的热量是多少？

（2）若这些水吸收的热量全部由完全燃烧天然气获得，则需要多少m3天然气?

解：

20kg的水从25℃加热到75℃吸收的热量

Q吸=cm（t2-t1）………1分

=4.2×

℃）×

20kg×

（75-25）℃………1分

=4.2×

106J………1分

需要燃烧vm3天然气

Q吸=Q放………1分

Q放=qv=3.5×

107J/m3×

vm3=4.2×

106J

∴v=0.12m3………1分

如果学生按上述标准评分小于2分，又写对Q吸=cm（t2-t1），Q吸=cm△t,Q吸=Q放，

Q放=mq,Q放=vq其中的任一条公式，各给1分，最多不超过2分。

27．（7分）如图21所示，电源电压保持不变，R1和R2为定值电阻，电压表接在R1两端，R2＝6Ω，A、B是接线柱，其他元件可以从A、B连入电路。

现先把电流表接在A、B连入电路，看到其示数为1.5A；

然后，拆除电流表，把定值电阻R接在A、B连入电路，这时电压表的示数为4V，整个电路消耗的电功率为15W。

设温度对电阻的影响可以不计，求：

（1）定值电阻R的阻值是多少？

（2）若把标有“10Ω2A”字样的滑动变阻器接在A、B连入电路，在保证电路安全的情况下，电路消耗的总功率范围是多少？

解：

（1）当把电流表接在A、B连入电路时，R1和R2串联，电压表测R1两端电压，此时电路电流I=1.5A，

由欧姆定律I=U/R，可得：

R2两端电压U2=IR2=1.5A×

6Ω=9V，………1分

则电源电压U=1.5R1+9……①………1分

当拆除电流表，把定值电阻R接在A、B连入电路时，R1，R和R2串联，电压表测R1两端电压，此时U1′=4V，电路总功率P总=15W，

由P=UI，可得：

I′=P总/U=15/U,………1分

∵U1′=I′R1=4，即15/UR1=4，∴U=3.75R1……②………1分

∵电源电压相等，由①和②得1.5R1+9=3.75R1解得：

R1=4Ω，U=15V，I′=1A

∴R=UR/I′=（15-4-1×

6）V/1A=5Ω………1分

（2）若把标有“10Ω2A”字样的滑动变阻器接在A、B连入电路，

∵I最小=U/R1+R2+R最大=15V/4Ω+6Ω+10Ω=3/4A﹤2A

∴P总（最小）=UI最小=15V×

3/4A=11.25W………1分

又∵I最大=U/R1+R2+R最小=15V/4Ω+6Ω=1.5A﹤2A

∴P总（最大）=UI最大=15V×

1.5A=22.5W………1分

∴11.25W≤P总≤22.5W

如果学生按上述标准评分小于2分，又写对I=U/R，P=UI，U=U1+U2，I=I1=I2，R=R1+R2其中的任一条公式的各给1分，最多不超过2分。

28．（9分）如图22所示，一正方体物块边长为10cm,漂浮于足够高的底面积为S0的盛有足量水的圆柱形容器中，有1/5体积露出水面。

水的密度为1.0×

103kg/m3，g取10N/kg。

求：

（1）该物块受到的浮力；

（2）该物块的密度；

（3）若未投入物块时，水对容器底部的压力为F0。

试求出物块漂浮时，水对容器底部的压力F1和物块浸没时水对容器底部的压强P2；

（4）若物块漂浮时与未投入物块时比较，水对容器底部的压强变化了200Pa，物块浸没时与物块漂浮时水对容器底部的压力之比为30:

29，则未投入物块时容器中水的深度是