70分 解答题标准练一.docx
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70分解答题标准练一
[70分]解答题标准练
(一)
1.(2018·郑州模拟)已知等差数列{an}的公差d≠0,其前n项和为Sn,若a2+a8=22,且a4,a7,a12成等比数列.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)若Tn=++…+,证明:
Tn<.
(1)解 ∵数列{an}为等差数列,且a2+a8=22,
∴a5=(a2+a8)=11.
∵a4,a7,a12成等比数列,
∴a=a4·a12,
即(11+2d)2=(11-d)·(11+7d),
又d≠0,
∴d=2,
∴a1=11-4×2=3,
∴an=3+2(n-1)=2n+1(n∈N*).
(2)证明 由
(1)得,Sn==n(n+2),
∴==,
∴Tn=++…+
=
=
=-<.
∴Tn<.
2.(2018·厦门质检)如图,已知四棱锥P-ABCD的底面ABCD是直角梯形,AD∥BC,AB⊥BC,AB=,BC=2AD=2,E为CD的中点,PB⊥AE.
(1)证明:
平面PBD⊥平面ABCD;
(2)若PB=PD,PC与平面ABCD所成的角为,求二面角B-PD-C的余弦值.
(1)证明 由ABCD是直角梯形,
AB=,BC=2AD=2,可得DC=2,BD=2,
从而△BCD是等边三角形,
∠BCD=,BD平分∠ADC,
∵E为CD的中点,DE=AD=1,
∴BD⊥AE.
又∵PB⊥AE,PB∩BD=B,
又PB,BD⊂平面PBD,
∴AE⊥平面PBD.
∵AE⊂平面ABCD,
∴平面PBD⊥平面ABCD.
(2)解 方法一 作PO⊥BD于点O,连接OC,
∵平面PBD⊥平面ABCD,
平面PBD∩平面ABCD=BD,
PO⊂平面PBD,
∴PO⊥平面ABCD,
∴∠PCO为PC与平面ABCD所成的角,∠PCO=,
又∵PB=PD,
∴O为BD的中点,OC⊥BD,OP=OC=,
以O为坐标原点,分别以OB,OC,OP所在直线为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐标系,
则B(1,0,0),C(0,,0),D(-1,0,0),P(0,0,),
=(0,,-),=(-1,0,-).
设平面PCD的一个法向量为n=(x,y,z),
由得
令z=1,则x=-,y=1,得n=(-,1,1).
又平面PBD的一个法向量为m=(0,1,0),
设二面角B-PD-C的平面角为θ,
则|cosθ|===,
由图可知θ为锐角,
∴所求二面角B-PD-C的余弦值是.
方法二 作PO⊥BD于点O,连接OC,
∵平面PBD⊥平面ABCD,
平面PBD∩平面ABCD=BD,
PO⊂平面PBD,
∴PO⊥平面ABCD,
∴∠PCO为PC与平面ABCD所成的角,∠PCO=,
又∵PB=PD,
∴O为BD的中点,OC⊥BD,OP=OC=,
作OH⊥PD于点H,连接CH,
则PD⊥平面CHO,
又HC⊂平面CHO,则PD⊥HC,
则∠CHO为所求二面角B-PD-C的平面角.
由OP=,得OH=,
∴CH=,
∴cos∠CHO===.
3.(2018·益阳模拟)某大型水果超市每天以10元/千克的价格从水果基地购进若干A水果,然后以15元/千克的价格出售,若有剩余,则将剩余的水果以8元/千克的价格退回水果基地,为了确定进货数量,该超市记录了A水果最近50天的日需求量(单位:
千克),整理得下表:
日需求量
140
150
160
170
180
190
200
频数
5
10
8
8
7
7
5
以50天记录的各日需求量的频率代替各日需求量的概率.
(1)若该超市一天购进A水果150千克,记超市当天A水果获得的利润为X(单位:
元),求X的分布列及期望;
(2)若该超市计划一天购进A水果150千克或160千克,请以当天A水果获得的利润的期望值为决策依据,在150千克与160千克之中任选其一,应选哪一个?
若受市场影响,剩余的水果以7元/千克的价格退回水果基地,又该选哪一个?
解
(1)若A水果日需求量为140千克,
则X=140×(15-10)-(150-140)×(10-8)
=680(元),
且P(X=680)==0.1.
若A水果日需求量不小于150千克,
则X=150×(15-10)=750(元),
且P(X=750)=1-0.1=0.9.
故X的分布列为
X
680
750
P
0.1
0.9
E(X)=680×0.1+750×0.9=743.
(2)设该超市一天购进A水果160千克,
当天的利润为Y(单位:
元),
则Y的可能取值为
140×5-20×2,150×5-10×2,160×5,
即660,730,800,
则Y的分布列为
Y
660
730
800
P
0.1
0.2
0.7
E(Y)=660×0.1+730×0.2+800×0.7=772.
因为772>743,所以该超市应购进160千克A水果.
若剩余的水果以7元/千克的价格退回水果基地,
同理可得X,Y的分布列分别为
X
670
750
P
0.1
0.9
Y
640
720
800
P
0.1
0.2
0.7
因为670×0.1+750×0.9<640×0.1+720×0.2+800×0.7,
所以该超市还是应购进160千克A水果.
4.如图,在平面直角坐标系中,椭圆C:
+=1(a>b>0)过点,离心率为.
(1)求椭圆C的标准方程;
(2)过点K(2,0)作一直线与椭圆C交于A,B两点,过A,B两点作直线l:
x=的垂线,垂足分别为A1,B1,试问直线AB1与A1B的交点是否为定点,若是,求出定点的坐标;若不是,请说明理由.
解
(1)由题意得⇒
所以椭圆C的标准方程为+y2=1.
(2)①当直线AB的斜率不存在时,直线l:
x=,
AB1与A1B的交点是.
②当直线AB的斜率存在时,设A(x1,y1),B(x2,y2),
直线AB为y=k(x-2),
由
得(1+5k2)x2-20k2x+20k2-5=0,
所以x1+x2=,x1x2=,
A1,B1,
所以lAB1:
y=+y2,
lA1B:
y=+y1,
联立解得x==
==,
代入上式可得y=+y2
=
==0.
综上,直线AB1与A1B过定点.
5.设函数f(x)=(x+1)lnx-a(x-1)(a∈R).
(1)当a=1时,求f(x)的单调区间;
(2)若f(x)≥0对任意x∈[1,+∞)恒成立,求实数a的取值范围;
(3)当θ∈时,试比较ln(tanθ)与tan的大小,并说明理由.
解
(1)当a=1时,f(x)=(x+1)lnx-(x-1),
f′(x)=lnx+,
设g(x)=lnx+(x>0),则g′(x)=,
当x∈(0,1)时,g′(x)<0,g(x)单调递减,
当x∈(1,+∞)时,g′(x)>0,g(x)单调递增,
g(x)min=g
(1)=1>0,
∴f′(x)>0.故f(x)在区间(0,+∞)上单调递增,
无单调递减区间.
(2)f′(x)=lnx++1-a=g(x)+1-a,
由
(1)可知g(x)在区间[1,+∞)上单调递增,
则g(x)≥g
(1)=1,
即f′(x)在区间[1,+∞)上单调递增,且f′
(1)=2-a,
①当a≤2时,f′(x)≥0,
f(x)在区间[1,+∞)上单调递增,
∴f(x)≥f
(1)=0满足条件;
②当a>2时,设h(x)=lnx++1-a(x≥1),
则h′(x)=-=≥0(x≥1),
∴h(x)在区间[1,+∞)上单调递增,
且h
(1)=2-a<0,h(ea)=1+e-a>0,
∴∃x0∈[1,ea],使得h(x0)=0,
∴当x∈[1,x0)时,h(x)<0,f(x)单调递减,
即当x∈[1,x0)时,f(x)≤f
(1)=0,不满足题意.
综上所述,实数a的取值范围为(-∞,2].
(3)由
(2)可知,取a=2,
当x>1时,f(x)=(x+1)lnx-2(x-1)>0,
即lnx>,
当0
∴ln>⇔<,
又∵tan=,
∴当0<θ<时,0 ln(tanθ) 当θ=时,tanθ=1,ln(tanθ)=tan; 当<θ<时,tanθ>1, ln(tanθ)>tan. 综上,当θ∈时,ln(tanθ) 当θ=时,ln(tanθ)=tan; 当θ∈时,ln(tanθ)>tan. 6.已知直线l经过点P(1,2),倾斜角α=,圆C的极坐标方程为ρ=2cos. (1)写出直线l的参数方程的标准形式,并把圆C的方程化为直角坐标方程; (2)若直线l与圆C相交于A,B两点,求线段AB的中点M到点P的距离. 解 (1)直线l的参数方程为 即(t为参数,t∈R). 由ρ=2cos, 得ρ=2cosθ+2sinθ, ∴ρ2=2ρcosθ+2ρsinθ, ∴x2+y2=2x+2y, ∴圆C的直角坐标方程为(x-1)2+(y-1)2=2. (2)把代入(x-1)2+(y-1)2=2得, 2+2=2, 整理得t2+t-1=0, Δ=5>0,t1+t2=-1, ∴|MP|==. 7.(2018·宿州模拟)已知函数f(x)=x2-|x|+3. (1)求不等式f(x)≥3x的解集; (2)若关于x的不等式f(x)-x2≤恒成立,求实数a的取值范围. 解 (1)当x≥0时,f(x)=x2-x+3≥3x, 即x2-4x+3≥0, 解得x≥3或x≤1,所以x≥3或0≤x≤1; 当x<0时,f(x)=x2+x+3≥3x, 此不等式x2-2x+3≥0恒成立,所以x<0. 综上所述,原不等式的解集为{x|x≥3或x≤1}. (2)f(x)-x2≤恒成立, 即-|x|+3≤恒成立, 即+|x|≥3恒成立, ∵+|x|=++ ≥+=|a|+≥|a|, 当且仅当x=0时,等号成立, ∴|a|≥3,解得a≥3或a≤-3. 故实数a的取值范围是(-∞,-3]∪[3,+∞).
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