安徽省定远县重点中学届高三上学期优选考物理Word格式.docx
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匀变速直线运动在时间t内通过的位移为x,根据平均速度的定义式知,平均速度,故D正确.
某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度,结合该推论可以求出中间时刻的瞬时速度,故C错误.
根据题目条件无法求出加速度以及通过中间位置的瞬时速度,故A、B错误.
故选:
D.
3.一小球沿斜面匀加速滑下,依次经过A、B、C三点.已知AB=6m,BC=10m,小球经过AB和BC两段所用的时间均为2s,则小球经过A、B、C三点时的速度大小分别是( )
A.2m/s,3m/s,4m/sB.2m/s,4m/s,6m/s
C.3m/s,4m/s,5m/sD.3m/s,5m/s,7m/s
【解析】试题分析:
根据物体做匀加速直线运动的特点,两点之间的平均速度等于时间中点的瞬时速度,故B点的速度就是全程的平均速度,,又因为连续相等时间内的位移之差等于恒量,即Δx=at2,则由Δx=BC-AB=at2解得a=1m/s2,再由速度公式v=v0+at,解得vA=2m/s,vC=6m/s,故选项B正确。
考点:
匀变速直线运动的规律
4.地球的公转轨道接近圆,但彗星的运动轨道则是一个非常扁的椭圆.天文学家哈雷曾经在1662年跟踪过一颗彗星,他算出这颗彗星轨道的半长轴约等于地球公转半径的18倍,并预言这颗彗星将每隔一定时间就会再次出现.这颗彗星最近出现的时间是1986年,它下次飞近地球大约是哪一年( )
A.2042年B.2052年C.2062年D.2072年
【答案】C
【解析】设彗星的周期为T1,地球的公转周期为T2,这颗彗星轨道的半长轴约等于地球公转半径的18倍,由开普勒第三定律得:
.所以1986+76=2062年.故选C.
开普勒第三定律
【名师点睛】解决本题的关键掌握开普勒第三定律(常数),通过该定律得出彗星与地球的公转周期之比.
5.如图所示,将物体A放在容器B中,以某一速度把容器B竖直上抛,不计空气阻力,运动过程中容器B与地面始终保持水平,下列说法正确的是( )
A.在上升和下降过程中A对B的压力都一定为零
B.上升过程中A对B的压力大于物体A受到的重力
C.下降过程中A对B的压力大于物体A受到的重力
D.在上升和下降过程中A对B的压力都等于物体A受到的重力
【答案】A
【解析】试题分析:
抛出以后,A、B都处于完全失重状态,之间无相互作用,A对。
考点:
超重与失重。
1.超重
(1)定义:
物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力)大于物体所受重力的现象。
(2)产生条件:
物体具有向上的加速度。
2.失重
(1)定义:
物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力)小于物体所受重力的现象。
物体具有向下的加速度。
3.完全失重
物体的加速度a=g,方向竖直向下。
6.如图,质量分别为M、m的两个木块A、B通过轻弹簧连接,木块A放在水平桌面上,木块B用轻绳通过定滑轮在力F的作用下整体恰好处于静止状态,绳与水平方向成角。
设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,不计油轮与绳间的摩擦。
则不能求下列哪些量
A.木块A对桌面的压力
B.弹簧与水平方向的夹角
C.木块A与桌面之间的动摩擦因数
D.弹簧的形变量
【解析】对物体B分析,受重力、弹簧的拉力和细线的拉力,三力平衡,设弹簧与水平方向的夹角为β,根据平衡条件,水平方向:
Fcosα=F弹cosβ,竖直方向:
Fsinα=F弹sinβ+mg,故有:
,,由于不知道弹簧的劲度系数,故无法确定弹簧的形变量,故B正确,D错误;
对A、B整体分析,受拉力F、重力(M+m)g、支持力N和静摩擦力f,根据平衡条件,水平方向:
f=Fcosα,竖直方向:
N=(M+m)g-Fsinα,根据牛顿第三定律,整体对桌面的压力为(M+m)g-Fsinα,整体对桌面的摩擦力大小为f=Fcosα,方向向右,由于是静摩擦力,且不能确定是否是最大静摩擦力,故无法求解动摩擦因数,故A正确,C错误;
故选AB.
7.如图所示,物体自O点由静止开始做匀加速直线运动,A、B、C、D为其运动轨迹上的四点,测得AB=2m,BC=3m.且物体通过AB、BC、CD所用的时间相等,则下列说法正确的是( )
A.可以求出物体加速度的大小
B.可以求得CD=4m
C.可以求得OA之间的距离为1.125m
D.可以求得OB之间的距离为12.5m
【答案】BC
由匀变速直线的运动规律知:
可得:
,而时间T未知,故A错、B对;
由匀变速直线运动的规律知:
,故,故,C对、D错。
匀变速直线的运动规律。
【名师点睛】1.匀变速直线运动的两个重要推论
(1)物体在一段时间内的平均速度等于这段时间中间时刻的瞬时速度,还等于初、末时刻速度矢量和的一半,即:
=v=。
(2)任意两个连续相等的时间间隔T内的位移之差为一恒量,即:
Δx=x2-x1=x3-x2=…=xn-xn-1=aT2。
8.如图所示,A、B为两个点电荷,MN为两电荷连线的中垂线,图中实线表示两点电荷形成的电场的一条电场线(方向未标出),下列说法正确的是
A.两电荷一定是异种电荷
B.电荷A一定带正电
C.两电荷的电量一定满足
D.两电荷的电量一定满足
【答案】AC
【解析】A由电场线分布特点可知两电荷一定带异种电荷,故A正确;
B.电场线方向未知,电荷A可能带正电荷,也可能带负电荷,故B错误;
CD将A、B两点用直线连起来,通过电场线的疏密程度可知两电荷的电量一定满足,故C正确D错误。
9.如图所示,总质量为460kg的热气球,从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2,当热气球上升到180m时,以5m/s的速度向上匀速运动.若离开地面后热气球所受浮力保持不变,上升过程中热气球总质量不变,重力加速度g=10m/s2.关于热气球,下列说法正确的是( )
A.所受浮力大小为4830N
B.加速上升过程中所受空气阻力保持不变
C.从地面开始上升10s后的速度大小为5m/s
D.以5m/s匀速上升时所受空气阻力大小为230N
【答案】AD
从地面刚开始竖直上升时,速度为零,故阻力为零,气球受重力和浮力,根据牛顿第二定律,有:
F浮-mg=ma,解得:
F浮=m(g+a)=460×
(10+0.5)N=4830N,故A正确;
气球受重力、浮力和空气阻力,若阻力不变,合力不变,气球匀加速上升,矛盾,故B错误;
刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2,气球是变加速运动,加速度逐渐减小,故10s后的速度大小小于5m/s,故C错误;
以5m/s匀速上升时,根据平衡条件,有:
F浮=mg+f,解得f=230N,故D正确;
故选AD。
牛顿第二定律;
物体的平衡
【名师点睛】本题关键明确气球做加速度不断减小的加速运动,当加速度减为零时,速度达到最大;
然后根据物体的加速度变化情况,结合物体的平衡条件和牛顿第二定律列式求解;
此题是中等题,意在考查学生灵活运用知识的能力.
10.两个带等量正电的点电荷,固定在图中P、Q两点,MN为PQ连线的中垂线,交PQ于O点,A为MN上的一点.一带负电的试探电荷q,从A由静止释放,只在静电力作用下运动,取无限远处的电势为零,则( )
A.q由A向O的运动是匀加速直线运动
B.q由A向O运动的过程电势能逐渐减小
C.q运动到O点时的动能最大
D.q运动到O点时的电势能为零
本题要根据等量同种点电荷电场线的分布情况,抓住对称性,分析试探电荷的受力情况,分析其运动情况,根据电场力做功情况,分析其电势能的变化情况.
解:
A、两等量正电荷周围部分电场线如右图所示,其中P、Q连线的中垂线MN上,从无穷远到O过程中电场强度先增大后减小,且方向始终指向无穷远方向.
故试探电荷所受的电场力是变化的,q由A向O的运动做非匀加速直线运动,故A错误.
B、电场力方向与AO方向一致,电场力做正功,电势能逐渐减小;
故B正确.
C、从A到O过程,电场力做正功,动能增大,从O到N过程中,电场力做负功,动能减小,故在O点试探电荷的动能最大,速度最大,故C正确.
D、取无限远处的电势为零,从无穷远到O点,电场力做正功,电势能减小,则q运动到O点时电势能为负值.故D错误.
故选BC
【点评】本题考查静电场的基本概念.关键要了解等量同种点电荷电场线的分布情况,运用动能定理进行分析.
二、非选择题:
11.在“验证力的平行四边形定则”实验中:
(1)如果“力的平行四边形定则”得到验证,那么图7乙中=________.
(2)现将钩码改为两个弹簧测力计,如图7丙所示,使橡皮筋另一端细线上连接两个弹簧秤,仍然拉至O点,现使F2大小不变地沿顺时针转过某一小角度,相应地使F1的大小及图中β角发生变化.则相应的变化可能是____________
A.F1一定增大B.F1可能减小
C.F1若增大,β角一定减小D.F1若增大,β角可能增大
【答案】
(1)3:
4;
(2)AD
如图2所受示,可以增大F1的同时增大β角,
如图3所受示,可以增大F1而保持β角不变,故AD正确,BC错误.故选AD.
验证力的平行四边形定则
【名师点睛】明确实验原理,了解具体操作,要围绕“验证力的平行四边形定则”的实验原理对实验步骤和实验中需要注意的问题进行理解记忆.平行四边形定则是矢量合成的重要法则,要熟练应用,平时训练中要不断的加强练习。
12.图甲是“验证机械能守恒定律”的实验装置图,下面一些实验步骤:
A.用天平测出重物和夹子的质量
B.把打点计时器用铁夹固定在放到桌边的铁架台上,使两个限位孔在同一竖直面内
C.把打点计时器接在交流电源上,电源开关处于断开状态
D.将纸带穿过打点计时器的限位孔,上端用手提着,下端夹上系住重物的夹子,让重物靠近打点计时器,处于静止状态
E.接通电源,待计时器打点稳定后释放纸带,再断开电源
F.用秒表测出重物下落的时间
G..更换纸带,重新进行实验
(1)对于本实验,以上不必要的两个步骤是
(2)图乙为实验中打出的一条纸带,O为打出的第一个点,A、B、C为从适当位置开始选取的三个连续点(其它点未画出),打点计时器每隔0.02s打一个点,若重物的质量为0.5kg,当地重力加速度取g=9.8m/s2,由图乙所给的数据算出(结果保留两位有效数字):
①从O点下落到B点的过程中,重力势能的减少量为J;
②打B点时重物的动能为J。
(1)AF
(2)①0.86②0.81
验证机械能守恒定律
13.示波器的示意图如图所示,金属丝发射出来的电子(带电量为e,忽略初速度)被加速后从金属板的小孔穿出,进入偏转电场.电子在穿出偏转电场后
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