中考数学压轴题函数与几何图形综合题Word文件下载.docx
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∵y=ax2-4ax+4a-1=a(x-2)2-1,
∴抛物线的对称轴为直线x=2,顶点坐标为(2,-1),
∵点A(0,1),点B(3,4),
∵当抛物线y=ax2-4ax+4a-1(a>0)与线段AB有唯一公共点时,
∴4a−1≥1,32a−4×
3a+4a−1<4①或4a−1<1,32a−4×
3a+4a−1≥4②
解①得≤a<5,②无解,
综上所述,当≤a<5时,抛物线与线段AB有一个公共点.
第2题解图
3.已知抛物线y=2x2+bx+c经过点A(2,-1).
(1)若抛物线的对称轴为x=1,求b,c的值.
(2)求证:
抛物线与x轴有两个不同的交点;
(3)设抛物线顶点为P,若O、A、P三点共线(O为坐标原点),求b的值
(1)由题意得:
8+2b+c=−1,=1.
解得:
b=−4,c=−1;
(2)证明:
把A(2,-1)代入抛物线y=2x2+bx+c得:
8+2b+c=-1,c=-9-2b,
Δ=b2-4×
2×
c=b2-8(-9-2b)=(b+8)2+8>0,
∴抛物线与x轴有两个不同的交点;
(3)∵A(2,-1),O(0,0),
∴直线OA的解析式为:
y=.
∵O、A、P三点共线,∴P在直线OA上,
设P(a,),
则,解得:
b=-8或-9.
4.已知二次函数y=ax2-4ax+3a.
(Ⅰ)求该二次函数的对称轴;
(Ⅱ)若该二次函数的图象开口向下,当1≤x≤4时,y的最大值是2,且当1≤x≤4时,函数图象的最高点为点P,最低点为点Q,求△OPQ的面积;
(Ⅲ)若二次函数的图象开口向下,对于该抛物线上的两点P(x1,y1),Q(x2,y2),当t≤x1≤t+1,x2≥5时,均满足y1≥y2,请结合图象,直接写出t的最大值.
(Ⅰ)对称轴x=-=2.
(Ⅱ)∵该二次函数的图象开口向下,且对称轴为直线x=2,
∴当x=2时,y取到在1≤x≤4上的最大值为2,即P(2,2),
∴4a-8a+3a=2,∴a=-2,
∴y=-2x2+8x-6,
∵当1≤x≤2时,y随x的增大而增大,
∴当x=1时,y取到在1≤x≤2上的最小值0.
∵当2≤x≤4时,y随x的增大而减小,
∴当x=4时,y取到在2≤x≤4上的最小值-6.
∴当1≤x≤4时,y的最小值为-6,即Q(4,-6).
∴△OPQ的面积为4×
(2+6)-2×
2÷
2-4×
6÷
2-(4-2)×
(2+6)÷
2=10;
(Ⅲ)∵当t≤x1≤t+1,x2≥5时,均满足y1≥y2,
∴当抛物线开口向下,点P在点Q左边或重合时,满足条件,
∴t+1≤5,
∴t≤4,
∴t的最大值为4.
5.已知直线y=2x+m与抛物线y=ax2+ax+b有一个公共点M(1,0),且a<b.
(1)求抛物线顶点Q的坐标(用含a的代数式表示);
(2)说明直线与抛物线有两个交点;
(3)直线与抛物线的另一个交点记为N,若-1≤a≤-,求线段MN长度的取值范围.
(1)∵抛物线过点M(1,0),
∴a+a+b=0,即b=-2a,
∵y=ax2+ax+b=ax2+ax-2a=a(x+)2-,
∴抛物线顶点Q的坐标为(-,-);
(2)∵直线y=2x+m经过点M(1,0),
∴0=2×
1+m,解得m=-2,
把y=2x-2代入y=ax2+ax-2a,得ax2+(a-2)x-2a+2=0①,
∴Δ=(a-2)2-4a(-2a+2)=9a2-12a+4,
又∵a<b,b=-2a,∴a<0,b>0,
∴Δ=9a2-12a+4>0,
∴方程①有两个不相等的实数根,
∴直线与抛物线有两个交点;
(3)把y=2x-2代入y=ax2+ax-2a,得ax2+(a-2)x-2a+2=0,
即x2+(1-)x-2+=0,
∴[x+(-)]2=(-)2,解得x1=1,x2=-2,
将x=-2代入y=2x-2得y=-6,
∴点N(-2,-6),
由勾股定理可得,
MN2=[(-2)-1]2+(-6)2=-+45=20(-)2,
∵-1≤a≤-,则-2≤≤-1,
∴-<0,
∴MN=2(-)=3-,
又∵-1≤a≤-,
∴5≤MN≤7.
6.在平面直角坐标系中,抛物线y=-x2+bx+c与x轴交于点A,B,与y轴交于点C,直线y=x+4经过A,C两点.在AC上方的抛物线上有一动点P,设点P的横坐标为m.
(1)求抛物线的解析式;
(2)如图,过点P作PD∥y轴交AC于点D,当线段PD取得最大值时,求m的值.
第6题图
(1)∵直线y=x+4经过A,C两点,
∴A(-4,0),C(0,4),
又∵抛物线y=-x2+bx+c过A,C两点,
∴,
解得,
∴抛物线的解析式为y=-x2-x+4;
(2)∵抛物线的解析式为y=-x2-x+4,且点P的横坐标为m(-4<
m<
0),
∴P(m,-m2-m+4),
∵PD∥y轴,直线AC的解析式为y=x+4,
∴D(m,m+4),
∴PD=-m2-m+4-(m+4)=-m2-2m=-(m+2)2+2,
∴当m=-2时,线段PD取得最大值.
7.如图,在平面直角坐标系中,直线y=x+1与抛物线y=ax2+bx-3交于A、B两点,点A在x轴上,点B的纵坐标为3.点P是直线AB下方的抛物线上一动点(不与点A、B重合),过点P作x轴的垂线交直线AB于点C,作PD⊥AB于点D.
(1)求抛物线的解析式及sin∠ACP的值;
(2)设点P的横坐标为m.连接PB,线段PC把△PDB分成两个三角形,是否存在适合的m值,使这两个三角形的面积之比为9∶10?
若存在,直接写出m的值;
若不存在,说明理由.
第7题图
(1)由x+1=0,得x=-2,
∴A(-2,0),
由x+1=3,得x=4,∴B(4,3).
∵y=ax2+bx-3经过A、B两点,
∴抛物线的解析式为y=x2-x-3;
如解图,设直线AB与y轴交于点E,则E(0,1).
∵PC∥y轴,
∴∠ACP=∠AEO.
∴sin∠ACP=sin∠AEO===;
(2)存在,m=或.
【解法提示】如解图,过点D、B作DF⊥PC,BG⊥PC,垂足分别为点F、G.
由图中几何关系可知∠FDP=∠DCP=∠AEO,
∴cos∠FDP=cos∠AEO===,
在Rt△PDF中,DF=cos∠FDP·
PD=PD=-(m2-2m-8).
又∵BG=4-m,
F
G
∴===.
当==时,解得m=;
当==时,解得m=.第7题解图
∴m=或.
8.如图,抛物线y=x2-x-2与x轴交于A、B两点(点A在点B的左侧),与y轴交于点C,M是直线BC下方的抛物线上一动点.
(1)求A、B、C三点的坐标;
(2)连接MO、MC,并把△MOC沿CO翻折,得到四边形MOM′C,那么是否存在点M,使四边形MOM′C为菱形?
若存在,求出此时点M的坐标;
若不存在,说明理由;
第8题图
(1)令y=0,则x2-x-2=0,
解得x1=4,x2=-1,
∵点A在点B的左侧,∴A(-1,0),B(4,0),
令x=0,则y=-2,
∴C(0,-2);
(2)存在点M,使四边形MOM′C为菱形.
如解图,连接MM′,
设M点坐标为(x,x2-x-2)(0<x<4),
∵四边形MOM′C是菱形,
∴MM′垂直平分OC,
∵OC=2,
∴M点的纵坐标为-1,第8题解图
∴x2-x-2=-1,
解得x1=,x2=(不合题意,舍去),
∴M点的坐标为(,-1).
9.如图,一次函数y=-x+2分别交y轴、x轴于A、B两点,抛物线y=-x2+bx+c过A、B两点.
(1)求这个抛物线的解析式;
(2)作垂直x轴的直线x=t,在第一象限交直线AB于M,交这个抛物线于N,求当t取何值时,MN有最大值?
最大值是多少?
(3)在
(2)的情况下,以A、M、N、D为顶点作平行四边形,求第四个顶点D的坐标.
(1)∵y=-x+2分别交y轴、x轴于A、B两点,
令x=0,则y=2,令y=0,则x=4,
∴A、B点的坐标为:
A(0,2),B(4,0),
将A(0,2),B(4,0)分别代入y=-x2+bx+c中,
得,解得,
∴抛物线的解析式为:
y=-x2+x+2;
(2)点N的坐标为(t,-t2+t+2),点M的坐标为(t,-t+2),
∴MN=-t2+t+2-(-t+2)=-t2+4t=-(t-2)2+4(0<
t<
4),
∴当t=2时,MN有最大值,最大值为4;
(3)由
(2)可知,A(0,2),M(2,1),N(2,5),
①当以AN和AM为对角线时,AD∥MN且AD=MN,
∴点D在y轴上,设D(0,a),
由AD=MN,得|a-2|=4,解得a1=6,a2=-2,第9题解图
∴D1(0,6),D2(0,-2);
②当以MN为对角线时,
由中点坐标公式可得xA+xD3=xM+xN,yA+yD3=yM+yN,∴xD3=4,yD3=4,
∴D3(4,4),综上所述,点D的坐标为(0,6)或(0,-2)或(4,4).
10.如图,在平面直角坐标系xOy中,抛物线y=-x2+bx+c过点A(0,4)和C(8,0),P(t,0)是x轴正半轴上的一个动点,M是线段AP的中点,将线段MP绕点P顺时针旋转90°
得线段PB,过点B作x轴的垂线,过点A作y轴的垂线,两直线交于点D.
(2)当t为何值时,点D落在抛物线上;
(3)是否存在t,使得以A,B,D为顶点的三角形与△AOP相似?
若存在,求此时t的值;
若不存在,请说明理由.
第10题图
(1)由抛物线y=-x2+bx+c过点A(0,4)和C(8,0)可得,
∴,解得.
∴抛物线的解析式为y=-x2+x+4;
(2)∵∠AOP=∠PEB=90°
,∠OAP=∠EPB=90°
-∠APO,
∴△AOP∽△PEB,则==2,
∵AO=4,P(t,0),
∴PE=2,OE=OP+PE=t+2,
又∵DE=OA=4,
∴点D的坐标为(t+2,4),
∴点D落在抛物线上时,有-(t+2)2+(t+2)+4=4,
解得t=3或t=-2,
∵t>0,∴t=3.
故当t为3时,点D落在抛物线上;
(3)存在,理由:
由
(2)知△AOP∽△PEB,
则==2,
∵P(t,0),即OP=t.∴BE=.
①当0<t<8时,
若△POA∽△ADB,则=,
即=,
整理得t2+16=0,∴t无解;
第10题解图
若△POA∽△BDA,则=,即=,
解得t1=-2+2或t2=-2-2(舍去)
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