届高中数学人教A版 解三角形单元测试Word版含答案9Word下载.docx
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届高中数学人教A版 解三角形单元测试Word版含答案9Word下载.docx
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A.300m
B.450m
C.300m
D.600m
8.在△ABC中,a=4,b=4,A=30°
,则B的值为( )
A.45°
B.135°
C.45°
或135°
D.不存在
9.在△ABC中,a=3,b=5,sinA=,则sinB等于( )
D.1
10.在△ABC中,a2-c2+b2=ab,则∠C等于( )
A.30°
C.60°
D.120°
11.黑板上有一道有正解的解三角形的习题,一位同学不小心把其中一部分擦去了,现在只能看到:
在△ABC中,角A、B、C的对边分别为a、b、c,已知a=2,…,解得b=,根据以上信息,你认为下面哪个选项可以作为这个习题的其余已知条件( )
A.A=30°
,B=45°
B.c=1,cosC=
C.B=60°
,c=3
D.C=75°
,A=45°
12.已知△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,a=1,b=,B=60°
,那么角A等于( )
D.90°
二、填空题(共4小题,每小题5.0分,共20分)
13.三角形一边长为14,它对的角为60°
,另两边之比为8∶5,则此三角形面积为________.
14.已知a,b,c分别为△ABC三个内角A,B,C的对边,若cosB=,a=10,△ABC的面积为42,则b+的值等于________.
15.在△ABC中,角A,B,C所对应的边分别为a,b,c,已知bcosC+ccosB=2b,则=________.
16.地面上画了一个60°
的∠BDA,某人从角的顶点D出发,沿角的一边DA行走10m后,拐弯往另一方向行走14m,正好到达∠BDA的另一边BD上的一点,我们将该点记为点B,则B与D之间的距离为________m.
三、解答题(共6小题,每小题12.0分,共72分)
17.在△ABC中,角A,B,C所对的边为a,b,c,已知sin=.
(1)求cosC的值;
(2)若△ABC的面积为,且sin2A+sin2B=sin2C,求a,b,c的值.
18.根据下列条件,解三角形.
(1)△ABC中,已知b=,B=60°
,c=1;
(2)△ABC中,已知c=,A=45°
,a=2.
19.在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知向量m=(2cos,sin),n=(cos,-2sin),m·
n=-1.
(1)求cosA的值;
(2)若a=2,b=2,求c的值.
20.如图所示,在地面上某处A测得塔PD的塔顶P的仰角为θ,由此处向塔走30米到B,测得塔顶的仰角为2θ,再向塔走10米到C,测得塔项的仰角为4θ,试求角θ的度数.
21.在△ABC中,a,b,c分别是角A,B,C的对边,已知3(b2+c2)=3a2+2bc.
(1)若sinB=cosC,求tanC的大小;
(2)若a=2,△ABC的面积S=,且b>
c,求b,c.
22.设△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c且(a+b+c)(a-b+c)=ac,求B.
答案解析
1.【答案】D
【解析】由正弦定理可得a∶b∶c=sinA∶sinB∶sinC=1∶∶2.
2.【答案】A
【解析】因为62<
42+52,
所以三角形是锐角三角形.
3.【答案】C
【解析】根据正弦定理:
===2R,
得==,
即a2+c2-b2=ac,
得cosB==,
故B=,故选C.
4.【答案】C
【解析】∵a2=b2+c2+bc,∴=-,
即cosA=-.
∵0°
<A<180°
,∴A=120°
.
5.【答案】C
【解析】由sinC=2sinB,
变形得:
=2,
利用正弦定理化简得:
==2,
即c=2b,
由=,
整理得:
a2-b2=bc,
∴cosA==
==,
∴A=30°
,
则tanA=,
故选C.
6.【答案】B
【解析】∵a>
b>
c,∴C最小.
∵cosC===,
又∵0<
C<
π,∴C=.
7.【答案】B
【解析】如图所示,易知,在△ADE中,∠DAE=2α,
∠ADE=180°
-4α,AD=300m,由正弦定理,
得=,
解得cos2α=,
则sin2α=,sin4α=,
所以在Rt△ABC中山峰的高度
h=300sin4α=300×
=450(m).
8.【答案】C
【解析】由正弦定理得sinB===,又0°
<
B<
150°
,∴B=45°
或B=135°
.故选C.
9.【答案】B
【解析】由正弦定理=得=,
即sinB=,选B.
10.【答案】A
【解析】由余弦定理可得
cosC===,
所以C=30°
11.【答案】D
【解析】对于A.∵a=2,sin30°
=,sin45°
=,
∴b==2≠,故此选项错误;
对于B,∵a=2,c=1,cosC=,
∴1=4+b2-b,∴3b2-4b+9=0,
∵Δ=16-108=-92<
0,
∴此方程无解,故此选项错误;
对于C,∵a=2,c=3,cosB=,
∴b2=13-6=7,∴b=≠,故此选项错误;
对于D,∵B=180°
-75°
-45°
=60°
,∵a=2,
∴=,∴b=,故此选项正确,
∴选项D可以作为这个习题的其余已知条件.故选D.
12.【答案】A
【解析】由正弦定理得=,
则有sinA=,又因为a<
b,所以A=30°
13.【答案】40
【解析】设另两边长为8x和5x,则cos60°
∴x=2,
∴另两边长为16和10,此三角形面积
S=×
16×
10·
sin60°
=40.
14.【答案】16
【解析】依题意可得sinB=,
又S△ABC=acsinB=42,则c=14.
故b==6,
所以b+=b+=16.
15.【答案】2
【解析】由正弦定理可得sinBcosC+sinCcosB=2sinB,
sin(B+C)=2sinB,sinA=2sinB,∴a=2b,则=2.
16.【答案】16
【解析】记拐弯处为点A,则已知即为△ABD中,
AD=10,AB=14,∠BDA=60°
设BD=x,
则BA2=BD2+AD2-2BD·
AD·
cos∠BDA,
即142=x2+102-2·
10x·
cos60°
整理得x2-10x-96=0,
解得x1=16,x2=-6(舍去),
∴BD=16m.
17.【答案】
(1)cosC=1-2sin2=1-2×
()2
=1-=-.
(2)∵sin2A+sin2B=sin2C,由正弦定理可得a2+b2=c2.
由
(1)可知cosC=-,0<
π,
∴sinC==.
S△ABC=absinC=,得到ab=6,
由余弦定理c2=a2+b2-2abcosC,
可得c2=c2+3=16,c>
0,∴c=4,
由可得或
∴或
【解析】
18.【答案】解
(1)由正弦定理,得
sinC=·
sinB=×
∴C=30°
或C=150°
∵A+B+C=180°
,故C=150°
不合题意,舍去.
∴A=90°
,a==2.
(2)由正弦定理,得sinC===,
∴C=60°
或C=120°
当C=60°
时,B=75°
,b===+1.
当C=120°
时,B=15°
,b===-1.
∴b=+1,B=75°
,C=60°
或b=-1,B=15°
,C=120°
19.【答案】
(1)∵m=(2cos,sin),
n=(cos,-2sin),m·
n=-1,
∴2cos2-2sin2=-1,∴2cosA=-1,cosA=-.
(2)由
(1)知cosA=-,又0<A<π,
∴A=.
∵a=2,b=2,由正弦定理得=,
即=,
∴sinB=.
∵0<B<π,B<A,∴B=,
∴C=π-A-B=,∴C=B,∴c=b=2.
20.【答案】解 方法一 ∵∠PAB=θ,∠PBC=2θ,
∴∠BPA=θ,∴PB=AB=30米.
又∵∠PBC=2θ,∠PCD=4θ,
∴∠BPC=2θ,∴CP=BC=10米.
在△BPC中,
根据正弦定理,得=,
∴=.
由题意知sin2θ≠0,∴cos2θ=.
由题意知0°
<2θ<90°
,∴2θ=30°
∴θ=15°
方法二 在△BPC中,根据余弦定理,
得PC2=PB2+BC2-2PB·
BC·
cos2θ,
由方法一知PC=BC=10米,
得300=302+(10)2-2×
30×
10cos2θ,
化简得cos2θ=,
∴2θ=30°
,∴θ=15°
21.【答案】解
(1)由3(b2+c2)=3a2+2bc变形得
=,则cosA=.
∴sinA=.
∵sinB=sin(A+C)=cosC+sinC=cosC,
∴cosC=sinC.
∵0<
π,∴tanC=.
(2)由S=,得bcsinA=.
∵sinA=,∴bc=.①
由余弦定理得a2=b2+c2-2bccosA,
即22=b2+c2-2bc×
化简得b2+c2=5.②
∵b>
c,并联立①②解得b=,c=.
22.【答案】解 由余弦定理得
∵(a+b+c)(a-b+c)=ac,
∴a2+c2-b2=-ac.
cosB==-,
∴B=120°
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