最新南京邮电大学模拟电子线路答案黄丽亚杨恒新机械2.docx
- 文档编号:1454512
- 上传时间:2022-10-22
- 格式:DOCX
- 页数:29
- 大小:973.72KB
最新南京邮电大学模拟电子线路答案黄丽亚杨恒新机械2.docx
《最新南京邮电大学模拟电子线路答案黄丽亚杨恒新机械2.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《最新南京邮电大学模拟电子线路答案黄丽亚杨恒新机械2.docx(29页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
最新南京邮电大学模拟电子线路答案黄丽亚杨恒新机械2
模拟电子线路作业题参考答案
第1章
1.1解:
(1)cm,=cm。
该半导体为N型。
(2)cm=cm。
该半导体为P型。
1.3解:
(1)=53mA
(2)=13.2=0.49
1.4解:
(1)mA
(2)mA
(3)mA(4)
(5)E增加,直流电流增加,交流电阻下降。
1.6解:
(1)在图(a)中,V2导通,V1截止,U0=5V。
(2)在图(b)中,V1导通,V2截止,U0=0V。
(3)在图(c)中,V1、V2均导通,此时有
1.7解:
(1)在图(a)中:
当ui>一2.7V时,V管截止,u0=一2V;当ui≤一2.7V时,V管导通,u0=ui+0.7。
当ui=5sinωt(V)时,对应的u0波形如图答图1.7(a)所示。
(2)在图(b)中:
当ui>1.3V时,V管截止,u0=ui;当ui≤1.3V时,V管导通,u0=1.3V。
其相应波形如答图1.7(b)所示。
答图1.7
1.9解:
该电路为高电平选择电路,即u1、u2中至少有一个为3V,则u0=3一0.7=2.3V。
u1、u2均为0时,uo=一0.7V。
其波形答图1.9(c)所示。
答图1.9
1.10解:
当ui≥5V时,Vz击穿,u0=5V。
当ui≤一0.7V时,Vz正向导通,u0=一0.7V。
当一0.7V<ui<5V时,Vz截止,u0=ui。
由此画出的u0波形如答图1.10所示。
答图1.10
1.11解:
(1)因为
式中,因,所以=0,V
式中mA,V=18V
选择R应满足:
400 (2)当时,mA。 当达到最大时,(V) 当为时,(V) 即的变化范围是14.5~17V。 第2章 2.1 2.3题图(a)3AX为PNP锗管,V(正偏),V(反偏),放大状态 题图(b): e结反偏,c结反偏,截止状态 题图(c): e结正偏,c结正偏,饱和状态 题图(d): e结开路,晶体管损坏 2.6解: (1)Q1点: (2) 2.7解: 题图(b): 因而使发射结导通,假设管子工作在放大状态。 则有,, ,故假设成立,管子处于放大状态。 题图(c): 因而使发射结导通,假设管子工作在放大状态。 则有 ,mA, 不可能,表明晶体管处于饱和状态。 2.9 (2)当RB1开路时,IBQ=0,管子截止。 UC=0。 当RB2开路时,则有 2.14解: 图(a),输出信号被短路,不能进行电压放大。 图(b),输入信号被短路,不能进行电压放大。 图(c),e结零偏,管子截止,不能正常放大。 图(d),e结零偏,不能进行放大。 图(e),会使e结烧坏且输入信号短路,电路不能正常放大。 图(f),电路可以正常放大。 2.17解: (1)不变,不变,故不变。 斜率变,故变化,若减小,移至,增加,移至。 (2)负载线斜率不变,故不变。 变,不变,故变。 若,增加,工作点移至,反之,,下降,工作点移至。 2.18 解: (1)输出特性理想化,。 (2)先求工作点(A),直流负载线,取两点 ,可得直流负载线如图2.18(b)中①线,工作点Q(V,mA),交流负载线的斜率为,可得图2.18(b)中②线(交流负载线)。 (3)此时直流负载线不变,仍如图2.14(b)中①线,而交流负载线的斜率为,如图2.18(b)中③线。 (4)为得最大,工作点应选在交流负载之中点。 将图2.18(b)中③线(=1k)平移使之与直流负载线①线的交点是此交流负载线之中点,即点(V,mA)。 此时,=3V。 调节使A,则,解得k。 2.20解: (1)要求动态范围最大,应满足 所以, (2)由直流负载线可知: 。 。 。 。 2.23解: (1)计算工作点和、。 已知A,则(mA) (V) 由以上关系式可以看出,因电路输出端没有隔直电容,负载电阻与工作点有关。 由上式解得V。 而(k),(k) (2)计算源电压放大倍数。 先画出图2.23电路的小信号等效电路如下图所示。 (3)计算输入电阻、输出电阻。 k,k 2.27电路如题图2.27所示,BJT的,,mA,基极静态电流由电流源IB提供,设A,RS=0.15kΩ,k。 试计算、和。 电容C对信号可视为短路。 解: (mA)(k) 其小信号等效电路如图(b)所示。 (k) 用辅助电源法可求得输出电阻为 2.29解: 其交流通路和小信号等效电路分别如图2.29(b)和(c),则 用辅助电源法可求得晶体管共基组态的输出电阻为 2.30 2.34 解: (1)该电路的交流通路如图2.34(b)所示。 (2)k, k 2.36 解: (1)交流通路和直流通路分别如题图2.36(b)(c)所示 (2)V1组成共基电路,V2组成共射电路,信号与电路输入端、输出端与负载、级间均采用阻容耦合方式。 (3)R1和R2是晶体管V1的基极偏置电路。 R1短路将使V1截止。 (4)RE1开路,V1无直流通路,则V1截止。 第3章 3.1解: FET有JFET和MOSFET,JFET有P沟(只能为正)和N沟(只能为负)之分。 MOSFET中有耗尽型P沟和N沟(可为正、零或负),增强型P沟(只能为负)和N沟(只能为正)。 图(a): N沟耗尽型MOSFET,=2mA,V。 图(b): P沟结型FET,=-3mA,V。 图(c): N沟增强型MOSFET,无意义,V。 3.3解: 图(a)中,N沟增强型MOSFET,因为VV,VV,所以工作在恒流区与可变电阻区的交界处(预夹断状态)。 图(b)中,N沟耗尽型MOSFET,VV,VV,所以工作在可变电阻区。 图(c)中,P沟增强型MOSFET,VV,VV,所以工作在恒流区。 图(d)中,为N沟JFET,VV,所以工作在截止区。 3.5解 (1) 解得: (2) 解得: 3.12 第4章 4.1解: (1)由题图4.1可得: 中频增益为40dB,即100倍,fH=106Hz,fL=10Hz(在fH和fL处,增益比中频增益下降30dB),。 (2)当时,其中f=104Hz的频率在中频段,而的频率在高频段,可见输出信号要产生失真,即高频失真。 当时,f=5Hz的频率在低频段,f=104Hz的频率在中频段,所以输出要产生失真,即低频失真。 4.3 0 (b) 题图4.3 其相频特性的近似波特图如图4.3(b)所示。 4.4解: (1)输入信号为单一频率正弦波,所以不存在频率失真问题。 但由于输入信号幅度较大(为0.1V),经100倍的放大后峰峰值为0.1×2×100=20V,已大大超过输出不失真动态范围(UOPP=10V),故输出信号将产生严重的非线性失真(波形出现限幅状态)。 (2)输入信号为单一频率正弦波,虽然处于高频区,但也不存在频率失真问题。 又因为信号幅度较小,为10mV,经放大后峰峰值为100×2×10=2V,故也不出现非线性失真。 (3)输入信号两个频率分量分别为10Hz及1MHz,均处于放大器的中频区,不会产生频率失真,又因为信号幅度较小(10mV),故也不会出现非线性失真。 (4)输入信号两个频率分量分别为10Hz及50KHz,一个处于低频区,而另一个处于中频区,故经放大后会出现低频频率失真,又因为信号幅度小,叠加后放大器也未超过线性动态范围,所以不会有非线性失真。 (5)输入信号两个频率分量分别为1KHz和10MHz,一个处于中频区,而另一个处于高频区,故信号经放大后会出现高频频率失真。 同样,由于输入幅度小。 不会出现非线性频率失真。 4.6 解: (1)高频等效电路如题图4.6(b)所示: (1)利用密勒近似,将Cb’c折算到输入端,即 4.7 解: (1)高频等效电路如图4.7(b)所示。 (1)在图4.7(b)中,考虑Cgd在输入回路的米勒等效电容,而忽略Cgd在输出回路的米勒等效电容及电容Cds,则上限频率ωH为 第5章 5.2解: 图5.2是具有基极补偿的多电流源电路。 先求参考电流, (mA) 则(mA)(mA)(mA) 5.4解: (1)因为电路对称,所以 (2)差模电压增益 差模输入电阻: 差模输出电阻: (3)单端输出差模电压增益: 共模电压增益: 共模抑制比: 共模输入电阻: 共模输出电阻: (4)设晶体管的UCB=0为进入饱和区,并略去RB上的压降。 为保证V1和V2工作在放大区,正向最大共模输入电压Uic应满足下式: 为保证V1和V2工作在放大区,负向最大共模输入电压Uic应满足下式: 否则晶体管截止。 由上可得最大共模输入范围为 5.6 (2) 其波形如图所示。 uo -1 1 3 使得Aud减小,而Rid增大。 5.8 解: 略去V3基极电流的影响, 即输出电压的静态电压为14.3。 略去V3的输入电阻对V2的负载影响,由图5.8(a)可看出,不失真的输出电压峰值为 。 如根据线性放大计算, 很明显,输出电压失真,被双向限幅,如图5.8(b)所示。 5.9 (a)(b) 解: (1)由于Uid=1.2V>>0.1V,电路呈现限幅特性,其u0波形如题图(b)所示。 (2)当RC变为时,u0幅度增大,其值接近±15V,此时,一管饱和,另一管截止。 第6章 6.1试判断题图6.1所示各电路的级间反馈类型和反馈极性。 (a)级间交、直流串联电压负反馈 (b)级间交、直流串联电压负反馈 (c)级间交、直流串联电压负反馈 (d)级间交、直流串联电压负反馈 6.2试判别6.2所示各电路的反馈类型和反馈极性。 (a)级间交、直流电压并联负反馈 (b)级间交、直流电压并联正反馈 6.3 近似计算: 精确计算: 6.7 6.9 (1)(a)第一级是电流负反馈,Ro高,第二级是并联负反馈,要求信号源内阻高, 所以,电路连接合理。 第一级是串联负反馈,要求RS越小越好。 (b)第一级是电压负反馈,Ro低,第二级是串联负反馈,要求信号源内阻低,所以,电路连接合理。 第一级是并联负反馈,要求RS越大越好。 (2)(a)电路的输入电阻高,故当信号源内阻变化时,(a)电路的输出电压稳定性好,源电压增益的稳定性能力强。 (3)(a)电路的输出电阻低,故当负载变化时,(a)电路的输出电压稳定性好,源电压增益稳定性能力强。 6.11级间交、直流电压串联负反馈; 为得到低输入电阻和低输出电阻,应引入级间交流电压并联负反馈; 将V3的基极改接到V2的集电极;将输出端的90kΩ电阻,由接在V2的基极改接到V1的基极。 6.13 运放A1引入了交、直流电压串联负反馈; 运放A2引入了交、直流电压并联负反馈。 6.15 (a)级间交流电压并联负反馈 (b)级间交流电流并联负反馈 6.18解: (1)Auf(jf)的幅频和相频渐进波特图分别如图6.18(a)和(b)所示。 (2)由图6.18(a)可知,在fπ=31.6MHZf时,反馈放大器将产生自激。 (3)若留有的相位裕量,从图(a)上可以看出,相应的20lgAf=60dB,则。 (4)20lgAf=40dB 采用补偿电容后,第一个极点频率移到fd, 补偿电容为 如果Auf=1,则 6.21解: (1)由题可知,开环放大倍
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 最新 南京 邮电大学 模拟 电子线路 答案 黄丽亚杨恒新 机械