最新南京邮电大学模拟电子线路答案黄丽亚杨恒新机械2文档格式.docx
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答图1.7
1.9解:
该电路为高电平选择电路,即u1、u2中至少有一个为3V,则u0=3一0.7=2.3V。
u1、u2均为0时,uo=一0.7V。
其波形答图1.9(c)所示。
答图1.9
1.10解:
当ui≥5V时,Vz击穿,u0=5V。
当ui≤一0.7V时,Vz正向导通,u0=一0.7V。
当一0.7V<ui<5V时,Vz截止,u0=ui。
由此画出的u0波形如答图1.10所示。
答图1.10
1.11解:
(1)因为
式中,因,所以=0,V
式中mA,V=18V
选择R应满足:
400<
R<
457
(2)当时,mA。
当达到最大时,(V)
当为时,(V)
即的变化范围是14.5~17V。
第2章
2.1
2.3题图(a)3AX为PNP锗管,V(正偏),V(反偏),放大状态
题图(b):
e结反偏,c结反偏,截止状态
题图(c):
e结正偏,c结正偏,饱和状态
题图(d):
e结开路,晶体管损坏
2.6解:
(1)Q1点:
(2)
2.7解:
因而使发射结导通,假设管子工作在放大状态。
则有,,
,故假设成立,管子处于放大状态。
因而使发射结导通,假设管子工作在放大状态。
则有
,mA,
不可能,表明晶体管处于饱和状态。
2.9
(2)当RB1开路时,IBQ=0,管子截止。
UC=0。
当RB2开路时,则有
2.14解:
图(a),输出信号被短路,不能进行电压放大。
图(b),输入信号被短路,不能进行电压放大。
图(c),e结零偏,管子截止,不能正常放大。
图(d),e结零偏,不能进行放大。
图(e),会使e结烧坏且输入信号短路,电路不能正常放大。
图(f),电路可以正常放大。
2.17解:
(1)不变,不变,故不变。
斜率变,故变化,若减小,移至,增加,移至。
(2)负载线斜率不变,故不变。
变,不变,故变。
若,增加,工作点移至,反之,,下降,工作点移至。
2.18
解:
(1)输出特性理想化,。
(2)先求工作点(A),直流负载线,取两点
,可得直流负载线如图2.18(b)中①线,工作点Q(V,mA),交流负载线的斜率为,可得图2.18(b)中②线(交流负载线)。
(3)此时直流负载线不变,仍如图2.14(b)中①线,而交流负载线的斜率为,如图2.18(b)中③线。
(4)为得最大,工作点应选在交流负载之中点。
将图2.18(b)中③线(=1k)平移使之与直流负载线①线的交点是此交流负载线之中点,即点(V,mA)。
此时,=3V。
调节使A,则,解得k。
2.20解:
(1)要求动态范围最大,应满足
所以,
(2)由直流负载线可知:
。
2.23解:
(1)计算工作点和、。
已知A,则(mA)
(V)
由以上关系式可以看出,因电路输出端没有隔直电容,负载电阻与工作点有关。
由上式解得V。
而(k),(k)
(2)计算源电压放大倍数。
先画出图2.23电路的小信号等效电路如下图所示。
(3)计算输入电阻、输出电阻。
k,k
2.27电路如题图2.27所示,BJT的,,mA,基极静态电流由电流源IB提供,设A,RS=0.15kΩ,k。
试计算、和。
电容C对信号可视为短路。
(mA)(k)
其小信号等效电路如图(b)所示。
(k)
用辅助电源法可求得输出电阻为
2.29解:
其交流通路和小信号等效电路分别如图2.29(b)和(c),则
用辅助电源法可求得晶体管共基组态的输出电阻为
2.30
2.34
解:
(1)该电路的交流通路如图2.34(b)所示。
(2)k,
k
2.36
(1)交流通路和直流通路分别如题图2.36(b)(c)所示
(2)V1组成共基电路,V2组成共射电路,信号与电路输入端、输出端与负载、级间均采用阻容耦合方式。
(3)R1和R2是晶体管V1的基极偏置电路。
R1短路将使V1截止。
(4)RE1开路,V1无直流通路,则V1截止。
第3章
3.1解:
FET有JFET和MOSFET,JFET有P沟(只能为正)和N沟(只能为负)之分。
MOSFET中有耗尽型P沟和N沟(可为正、零或负),增强型P沟(只能为负)和N沟(只能为正)。
图(a):
N沟耗尽型MOSFET,=2mA,V。
图(b):
P沟结型FET,=-3mA,V。
图(c):
N沟增强型MOSFET,无意义,V。
3.3解:
图(a)中,N沟增强型MOSFET,因为VV,VV,所以工作在恒流区与可变电阻区的交界处(预夹断状态)。
图(b)中,N沟耗尽型MOSFET,VV,VV,所以工作在可变电阻区。
图(c)中,P沟增强型MOSFET,VV,VV,所以工作在恒流区。
图(d)中,为N沟JFET,VV,所以工作在截止区。
3.5解
(1)
解得:
(2)
3.12
第4章
4.1解:
(1)由题图4.1可得:
中频增益为40dB,即100倍,fH=106Hz,fL=10Hz(在fH和fL处,增益比中频增益下降30dB),。
(2)当时,其中f=104Hz的频率在中频段,而的频率在高频段,可见输出信号要产生失真,即高频失真。
当时,f=5Hz的频率在低频段,f=104Hz的频率在中频段,所以输出要产生失真,即低频失真。
4.3
(b)
题图4.3
其相频特性的近似波特图如图4.3(b)所示。
4.4解:
(1)输入信号为单一频率正弦波,所以不存在频率失真问题。
但由于输入信号幅度较大(为0.1V),经100倍的放大后峰峰值为0.1×
2×
100=20V,已大大超过输出不失真动态范围(UOPP=10V),故输出信号将产生严重的非线性失真(波形出现限幅状态)。
(2)输入信号为单一频率正弦波,虽然处于高频区,但也不存在频率失真问题。
又因为信号幅度较小,为10mV,经放大后峰峰值为100×
10=2V,故也不出现非线性失真。
(3)输入信号两个频率分量分别为10Hz及1MHz,均处于放大器的中频区,不会产生频率失真,又因为信号幅度较小(10mV),故也不会出现非线性失真。
(4)输入信号两个频率分量分别为10Hz及50KHz,一个处于低频区,而另一个处于中频区,故经放大后会出现低频频率失真,又因为信号幅度小,叠加后放大器也未超过线性动态范围,所以不会有非线性失真。
(5)输入信号两个频率分量分别为1KHz和10MHz,一个处于中频区,而另一个处于高频区,故信号经放大后会出现高频频率失真。
同样,由于输入幅度小。
不会出现非线性频率失真。
4.6
(1)高频等效电路如题图4.6(b)所示:
(1)利用密勒近似,将Cb’c折算到输入端,即
4.7
(1)高频等效电路如图4.7(b)所示。
(1)在图4.7(b)中,考虑Cgd在输入回路的米勒等效电容,而忽略Cgd在输出回路的米勒等效电容及电容Cds,则上限频率ωH为
第5章
5.2解:
图5.2是具有基极补偿的多电流源电路。
先求参考电流,
(mA)
则(mA)(mA)(mA)
5.4解:
(1)因为电路对称,所以
(2)差模电压增益
差模输入电阻:
差模输出电阻:
(3)单端输出差模电压增益:
共模电压增益:
共模抑制比:
共模输入电阻:
共模输出电阻:
(4)设晶体管的UCB=0为进入饱和区,并略去RB上的压降。
为保证V1和V2工作在放大区,正向最大共模输入电压Uic应满足下式:
为保证V1和V2工作在放大区,负向最大共模输入电压Uic应满足下式:
否则晶体管截止。
由上可得最大共模输入范围为
5.6
其波形如图所示。
uo
-1
1
3
使得Aud减小,而Rid增大。
5.8
解:
略去V3基极电流的影响,
即输出电压的静态电压为14.3。
略去V3的输入电阻对V2的负载影响,由图5.8(a)可看出,不失真的输出电压峰值为
如根据线性放大计算,
很明显,输出电压失真,被双向限幅,如图5.8(b)所示。
5.9
(a)(b)
(1)由于Uid=1.2V>
>
0.1V,电路呈现限幅特性,其u0波形如题图(b)所示。
(2)当RC变为时,u0幅度增大,其值接近±
15V,此时,一管饱和,另一管截止。
第6章
6.1试判断题图6.1所示各电路的级间反馈类型和反馈极性。
(a)级间交、直流串联电压负反馈
(b)级间交、直流串联电压负反馈
(c)级间交、直流串联电压负反馈
(d)级间交、直流串联电压负反馈
6.2试判别6.2所示各电路的反馈类型和反馈极性。
(a)级间交、直流电压并联负反馈
(b)级间交、直流电压并联正反馈
6.3
近似计算:
精确计算:
6.7
6.9
(1)(a)第一级是电流负反馈,Ro高,第二级是并联负反馈,要求信号源内阻高,
所以,电路连接合理。
第一级是串联负反馈,要求RS越小越好。
(b)第一级是电压负反馈,Ro低,第二级是串联负反馈,要求信号源内阻低,所以,电路连接合理。
第一级是并联负反馈,要求RS越大越好。
(2)(a)电路的输入电阻高,故当信号源内阻变化时,(a)电路的输出电压稳定性好,源电压增益的稳定性能力强。
(3)(a)电路的输出电阻低,故当负载变化时,(a)电路的输出电压稳定性好,源电压增益稳定性能力强。
6.11级间交、直流电压串联负反馈;
为得到低输入电阻和低输出电阻,应引入级间交流电压并联负反馈;
将V3的基极改接到V2的集电极;
将输出端的90kΩ电阻,由接在V2的基极改接到V1的基极。
6.13
运放A1引入了交、直流电压串联负反馈;
运放A2引入了交、直流电压并联负反馈。
6.15
(a)级间交流电压并联负反馈
(b)级间交流电流并联负反馈
6.18解:
(1)Auf(jf)的幅频和相频渐进波特图分别如图6.18(a)和(b)所示。
(2)由图6.18(a)可知,在fπ=31.6MHZf时,反馈放大器将产生自激。
(3)若留有的相位裕量,从图(a)上可以看出,相应的20lgAf=60dB,则。
(4)20lgAf=40dB
采用补偿电容后,第一个极点频率移到fd,
补偿电容为
如果Auf=1,则
6.21解:
(1)由题可知,开环放大倍
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