物理山东省滨州市邹平双语学校一二区学年高二下学期期中考试试题解析版.docx

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物理山东省滨州市邹平双语学校一二区学年高二下学期期中考试试题解析版

山东省滨州市邹平双语学校一二区2016-2017学年高二下学期期中考试试题

一、选择题（本题共15道小题，每小题4分，共60分，多选题有标注）

1.世界上第一个发现电磁感应现象的科学家是（）

A.法拉第B.麦克斯韦

C.奥斯特D.安培

2.如图为探究产生电磁感应现象条件的实验装置，下列情况下不能引起电流计指针转动的是（　　）

A.闭合电键瞬间

B.断开电键瞬间

C.闭合电键后拔出铁芯瞬间

D.闭合电键后保持变阻器的滑动头位置不变

3.如图，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的N极朝下．当磁铁向下运动时（但未插入线圈内部）（　　）

A.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互吸引

B.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互排斥

C.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互吸引

D.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互排斥

4.（多选）单匝矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，转轴垂直于磁场，如线圈所围面积里的磁通量随时间变化的规律如图所示，则线圈中（　　）

A.0时刻感应电动势最大

B.0.05s时感应电动势为零

C.0.05s时感应电动势最大

D.0～0.05s这段时间内平均感应电动势为0.4V

5.（多选）如图所示，把金属圆环匀速拉出磁场，下面叙述正确的是（　　）

A.向左拉出和向右拉出所产生的感应电流方向相反

B.不管向什么方向拉出，只要产生感应电流方向都是顺时针

C.向右匀速拉出时，感应电流大小不变

D.要将金属环匀速拉出，拉力大小要改变

6.在如图所示的电路中，A1和A2是两个相同的灯泡．线圈L的自感系数足够大，电阻可以忽略不计．下列说法正确的是（　　）

A.闭合开关S时，A1和A2同时亮

B.闭合开关S时，A2先亮，A1逐渐变亮

C.断开开关S时，A2闪亮一下再熄灭

D.断开开关S时，流过A2的电流方向向左

7.（多选）如图所示,在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯,现接通交流电源,过了几分钟,杯内的水沸腾起来。

若要缩短上述加热时间,下列措施可行的有（）

A.增加线圈的匝数B.提高交流电源的频率

C.将金属杯换为瓷杯D.取走线圈中的铁芯

8.（多选）一交流电流的图象如图所示，由图可知（）

A.用电流表测该电流其示数为10A

B.该交流电流的频率为200Hz

C.该交流电流通过100Ω电阻时，电阻消耗的电功率为1000W

D.该交流电流即时值表达式为i=10sin628tA

9.如图所示交流电的电流有效值为（）

A.2AB.3AC.2AD.3A

10.如图所示，可以将电压升高供给电灯的变压器是（　　）

A.B.

C.D.

11.（多选）图为某小型水电站的电能输送示意图，发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电．已知输电线的总电阻R=10Ω，降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为4：

1，副线圈与纯电阻用电器组成闭合电路，用电器电阻R0=11Ω．若T1、T2均为理想变压器，T2的副线圈两端电压表达式为u=220sin100πtV．下列说法正确的是（　　）

A.发电机中的电流变化频率为100Hz

B.通过用电器的电流有效值为20A

C.升压变压器的输入功率为4650W

D.当用电器的电阻R0减小时，发电机的输出功率减小

12.小车静止在光滑水平面上，站在车上的人练习打靶（人相对于小车静止不动），靶装在车上的另一端，如图所示，已知车、人、枪和靶的总质量为M（不含子弹），子弹的质量为m，若子弹离开枪口的水平速度大小为v0（空气阻力不计），子弹打入靶中且留在靶里，则子弹射入靶后，小车获得的速度大小为（　　）

A.0B.C.D.

13.人从高处跳到低处时，为了安全，一般都是让脚尖部分先着地．这是为了（）

A.减小冲量

B.使动量的增量变得更小

C.增长和地面的冲击时间，从而减小冲力

D.增大人对地的压强，起到安全作用

14.（多选）一含有光电管的电路如图甲所示，乙图是用a、b、c光照射光电管得到的I﹣U图线，Uc1、Uc2表示截止电压，下列说法正确的是（　　）

A.甲图中光电管得到的电压为正向电压

B.a、b光的波长相等

C.a、c光的波长相等

D.a、c光的光强相等

15.在光电效应实验中，某种单色光照射光电管，发生光电效应，现将该单色光的光强减弱，下列叙述正确的是（　　）

A.光电子的最大初动能不变B.可能不发生光电效应

C.饱和电流不变D.遏止电压减小

二、实验题（本题共1道小题,共8分）

16.验证《动量守恒实验》中，刘同学设计了如图所示的装置进行验证．设计如下：

A．测出两同种材质的木块A、B的质量mA、mB

B．测出当地的重力加速度g

C．用细线将A、B连接，使A、B间的弹簧压缩（弹簧不与木块连接）

D．剪断细线，测出木块向两侧移动的距离SA、SB

E．测量桌面与木质材料间的动摩擦因数μ

（1）上述实验设计中没必要的步骤为_____（多选）；

（2）验证动量守恒关系式为______________：

（3）请写出一条产生实验误差的原因_____________．

三、计算题（本题共3道小题,第17题10分,第18题10分,第19题12分,共32分）

17.如图所示，闭合电路处于方向竖直向上的磁场中，小灯泡的电阻为10Ω，其它电阻不计．当磁通量在0.1s内从0.2Wb均匀增加到0.4Wb过程中，求：

①电路中的感应电动势；

②如果电路中的电流恒为0.2A，那么小灯泡在10s内产生的热量是多少．

18.一个质量为mB的小球B静止在光滑水平面上，另一质量为mA的小球A以速率v从左侧运动过来与小球B发生弹性正碰，已知A球质量大于B球质量，求：

碰后A、B两球的速率v1、v2．

19.如图所示，线圈abcd的面积是0.05m2，共100匝，线圈电阻为r=1Ω，外接电阻R=5Ω，匀强磁场的磁感应强度为，当线圈以5r/s的转速匀速转动时，求：

（1）转动中感应电动势的最大值和有效值．

（2）电路中交流电压表和电流表的示数．

（3）线圈从图示位置转过900的过程中通过电阻R的电荷量．

【参考答案】

一、选择题（本题共15道小题，每小题4分，共60分，多选题有标注）

1.【答案】A

【解析】世界上第一个发现电磁感应现象的科学家是法拉第，故选A.

2.【答案】D

【解析】试题分析：

闭合电键和断开电键的瞬间，与B线圈相连的回路磁通量发生变化，产生感应电流，指针发生转动．故A．B错误．闭合电键后拔出铁芯的瞬间，穿过与B线圈相连的回路磁通量减小，产生感应电流，指针发生转动．故C错误．闭合电键后保持变阻器的滑动头位置不变，与B线圈相连的回路磁通量不变，不产生感应电流，指针不转动．故D正确．故选D。

考点：

研究电磁感应现象的实验

【名师点睛】此题是研究电磁感应现象的实验；解决本题的关键掌握感应电流产生的条件，知道当闭合回路磁通量发生变化，产生感应电流。

3.【答案】B

【解析】当线圈向下运动时，穿过线圈的磁通量向下，且增加，根据楞次定律，感应电流的磁场阻碍磁通量的增加，方向向上，则线圈中的电流方向与箭头方向相同．由于感应电流会阻碍线圈与磁铁之间的相对运动，所以二者之间有作用力的斥力．故B正确，ACD错误．此题选项错误的选项，故选：

ACD．

点睛：

该题可得楞次定律的极板应用，解决本题可以结合楞次定律使用的基本步骤判断感应电流的方向，也可以使用楞次定律的推广形式来判定．

4.【答案】ABD

【解析】由图示图象可知，0时刻磁通量的变化率最大，感应电动势最大，故A正确；由图示图象可知，0.05s时刻磁通量的变化率为零，感应电动势为零，故B正确，C错误；由法拉第电磁感应定律可知，0～0.05s内平均感电动势：

，故D正确；故选ABD．

点睛：

本题关键是掌握好图象的含义，明确法拉第电磁感应定律，知道磁通量比时间其物理含义为感应电动势，故即图象的斜率表示感应电动势，同时注意最高点时斜率为零，感应电动势为零．

5.【答案】BD

【解析】向左拉出和向右拉出时穿过圆环的磁通量均减小，感应电流方向相同，A错；向右匀速拉出时，切割磁感线的有效长度先增大后减小，感应电流先增大后减小，C错；

6.【答案】B

【解析】当电键K闭合时，灯2立即发光．通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，1逐渐亮起来．所以2比1先亮．由于线圈直流电阻忽略不计，当电流逐渐稳定时，线圈不产生感应电动势，两灯电流相等，亮度相同．故A错误B正确；稳定后当电键S断开后，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源，与灯泡1、2串联，两灯电流相同，都过一会儿熄灭，灯2不会闪亮，流过A2的电流方向向右；故CD错误；故选B.

7.【答案】AB

【解析】试题分析：

本题是涡流现象的应用，即采用线圈产生的磁场使金属杯产生感应电流从而进行加热的，则由法拉第电磁感应定律可知，增加线圈的匝数、提高交流电的频率均可以提高发热功率，则可以缩短加热时间，AB正确；将杯子换作瓷杯不会产生涡流，则无法加热水，C错误；取走铁芯磁场减弱，则加热时间变长，D错误；故选AB。

考点：

涡流、法拉第电磁感应定律。

【名师点睛】本题考查涡流的应用，要注意明确涡流现象其实就是电磁感应的，由法拉第电磁感应定律可知涡流现象的强弱。

8.【答案】AD

【解析】电流表显示的是有效值，示数为，故A正确；由图象知周期为0.01s，频率为周期的倒数100Hz，故B错误；电阻消耗的功率P=I2R=（10）2×100=10000W，C错误；角速度ω=2πf=200π=628rad/s，所以瞬时值表达式i=10sin628tA，故D正确；故选AD.

9.【答案】C

【解析】由有效值的定义可得：

 I12Rt1+I22Rt2=I2RT，代入数据得：

62×R×1+22×R×1=I2R×2，解得：

I=2A,故选C．

点睛：

对于交变电流的有效值，往往根据交变电流有效值的定义来计算，计算热量时运用焦耳定律．

10.【答案】C

点睛：

理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．同时副线圈的电压由原线圈电压与原副线圈匝数决定，而原线圈的电流由副线圈决定．

11.【答案】BC

【解析】交流电经过变压器，频率不变，则交流电的频率．故A错误．通过用电器的电流有效值．故B正确．根据得，输电线上的电流，则输电线上损耗的功率，降压变压器的输入功率P3=U4I4=220×20W=4400W，则升压变压器的输出功率P=P3+P损=4400+250W=4650W．故C正确．当用电器的电阻R0减小时，降压变压器的输出电流增大，则输电线上的电流增大，升压变压器原线圈中的电流变大，根据P=UI知，发电机的输出功率增大．故D错误．故选BC．

点睛：

解决本题的关键知道：

1、原副线圈的电压、电流与匝数比的关系；2、升压变压器的输出功率、功率损失和降压变压器的输入功率之间的关系．

12.【答案】A

【解析】车、人、枪、子弹组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，以子弹的初速度方向正方向，射击前系统动量为零，由动量守恒定律可知，子弹射入靶中后系统动量也为零，车的速度为零；

故选A．

13.【答案】C

【解析】试题分析：

人落下时速度的变化量相同，根据动量定理可分析让脚尖着地的好处．

解：

人在