中考数学复习专题14 二次函数的图象和性质Word文件下载.docx
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2.最值问题.
2.(2015南宁)如图,已知经过原点的抛物线
的对称轴是直线
,下列结论中:
?
①
,‚②
,ƒ③当
.
正确的个数是( )
A.0个B.1个C.2个D.3个
【答案】D.
1.二次函数图象与系数的关系;
2.综合题.
3.(2015柳州)如图,二次函数
的图象与x轴相交于(﹣2,0)和(4,0)两点,当函数值y>0时,自变量x的取值范围是( )
A.x<﹣2B.﹣2<x<4C.x>0D.x>4
【答案】B.
【解析】
试题分析:
如图所示:
当函数值y>0时,自变量x的取值范围是:
﹣2<x<4.故选B.
抛物线与x轴的交点.
4.(2015河池)将抛物线
向右平移2个单位,再向上平移3个单位后,抛物线的解析式为( )
A.
B.
C.
D.
∵将抛物线
向上平移3个单位再向右平移2个单位,∴平移后的抛物线的解析式为:
.故选B.
二次函数图象与几何变换.
5.(2015贵港)如图,已知二次函数
的图象与正比例函数
的图象交于点A(3,2),与x轴交于点B(2,0),若
,则x的取值范围是( )
A.0<x<2B.0<x<3C.2<x<3D.x<0或x>3
二次函数与不等式(组).
6.(2015苏州)若二次函数
的图象的对称轴是经过点(2,0)且平行于y轴的直线,则关于x的方程
的解为( )
,
7.(2015乐山)已知二次函数
的图象如图所示,记
.则下列选项正确的是( )
D.m、n的大小关系不能确定
【答案】A.
∵抛物线开口向下,∴a<0,∵对称轴在y轴右边,∴b>0,∵抛物线经过原点,∴c=0,∴a﹣b+c<0;
∵x=1时,y>0,∴a+b+c>0,∵c=0,∴a+b>0;
(1)当对称轴
时,
=
=
∵a<0,∴
,∴m<n.
(2)当对称轴
∵a+b>0,∴﹣2(a+b)<0,∴m<n.
综上,可得m<n.
故选A.
2.综合题;
3.压轴题.
8.(2015雅安)在二次函数
中,当
时,y的最大值和最小值分别是( )
A.0,﹣4B.0,﹣3C.﹣3,﹣4D.0,0
9.(2015孝感)如图,二次函数
(
)的图象与x轴交于A,B两点,与y轴交于点C,且OA=OC.则下列结论:
①abc<0;
②
;
③ac﹣b+1=0;
④OA•OB=
其中正确结论的个数是( )
A.4B.3C.2D.1
∵抛物线开口向下,∴a<0,∵抛物线的对称轴在y轴的右侧,∴b>0,∵抛物线与y轴的交点在x轴上方,∴c>0,∴abc<0,所以①正确;
∵抛物线与x轴有2个交点,∴△=
>0,而a<0,∴
,所以②错误;
∵C(0,c),OA=OC,∴A(﹣c,0),把A(﹣c,0)代入
得
,∴ac﹣b+1=0,所以③正确;
设A(
,0),B(
,0),∵二次函数
)的图象与x轴交于A,B两点,∴
和
是方程
)的两根,∴
,∴OA•OB=
,所以④正确.
故选B.
2.数形结合;
3.综合题.
10.(2015南通)关于x的一元二次方程
的两个不相等的实数根都在﹣1和0之间(不包括﹣1和0),则a的取值范围是.
【答案】
1.抛物线与x轴的交点;
11.(2015宿迁)当
或
)时,代数式
的值相等,则
时,代数式
的值为.
【答案】3.
设
,∵当
的值相等,∴
,∴m+n=2,∴当
时,即x=2时,
,故答案为:
3.
1.二次函数图象上点的坐标特征;
2.条件求值;
12.(2015贺州)已知二次函数
的图象如图所示,有以下结论:
①abc>0,②a﹣b+c<0,③2a=b,④4a+2b+c>0,⑤若点(﹣2,
)和(
)在该图象上,则
.其中正确的结论是(填入正确结论的序号).
【答案】②④.
二次函数图象与系数的关系.
13.(2015雅安)为美化小区环境,决定对小区的一块空地实施绿化,现有一长为20m的栅栏,要围成一扇形绿化区域,则该扇形区域的面积的最大值为.
【答案】25m2.
1.扇形面积的计算;
2.最值问题;
3.二次函数的最值.
14.(2015来宾)在矩形ABCD中,AB=a,AD=b,点M为BC边上一动点(点M与点B、C不重合),连接AM,过点M作MN⊥AM,垂足为M,MN交CD或CD的延长线于点N.
(1)求证:
△CMN∽△BAM;
(2)设BM=x,CN=y,求y关于x的函数解析式.当x取何值时,y有最大值,并求出y的最大值;
(3)当点M在BC上运动时,求使得下列两个条件都成立的b的取值范围:
①点N始终在线段CD上,②点M在某一位置时,点N恰好与点D重合.
(1)证明见试题解析;
(2)
,当x=
时,y取最大值,为
(3)b=2a.
(1)由矩形的性质可得∠B=∠C=90°
,要证△CMN∽△BAM,只需证∠BAM=∠CMN即可;
(2)由△CMN∽△BAM即可得到y与x的函数解析式,然后只需运用配方法就可求出y的最大值;
(3)由点M在BC上运动(点M与点B、C不重合),可得0<x<b,要满足条件①,应保证当0<x<b时,y≤a恒成立,要满足条件②,需存在一个x,使得y=a,综合条件①和②,当0<x<b时y最大值应为a,然后结合
(2)中的结论,就可解决问题.
试题解析:
(1)∵四边形ABCD是矩形,∴∠B=∠C=90°
,∴∠BAM+∠AMB=90°
.∵MN⊥AM,即∠AMN=90°
,∴∠CMN+∠AMB=90°
,∴∠BAM=∠CMN,∴△CMN∽△BAM;
(2)∵△CMN∽△BAM,∴
.∵BM=x,CN=y,AB=a,BC=AD=b,∴
,∴
.∵
<0,∴当x=
时,y取最大值,最大值为
1.相似形综合题;
2.二次函数的最值;
3.矩形的性质;
4.压轴题.
15.(2015桂林)如图,已知抛物线
与坐标轴分别交于点A(0,8)、B(8,0)和点E,动点C从原点O开始沿OA方向以每秒1个单位长度移动,动点D从点B开始沿BO方向以每秒1个单位长度移动,动点C、D同时出发,当动点D到达原点O时,点C、D停止运动.
(1)直接写出抛物线的解析式:
;
(2)求△CED的面积S与D点运动时间t的函数解析式;
当t为何值时,△CED的面积最大?
最大面积是多少?
(3)当△CED的面积最大时,在抛物线上是否存在点P(点E除外),使△PCD的面积等于△CED的最大面积?
若存在,求出P点的坐标;
若不存在,请说明理由.
(1)
,当t=5时,S最大=
(3)存在,P(
)或P(8,0)或P(
).
(1)将点A、B代入抛物线即可求出抛物线的解析式;
(2)根据题意得:
当D点运动t秒时,BD=t,OC=t,然后由点A(0,8)、B(8,0),可得OA=8,OB=8,从而可得OD=8﹣t,然后令y=0,求出点E的坐标为(﹣2,0),进而可得OE=2,DE=2+8﹣t=10﹣t,然后利用三角形的面积公式即可求△CED的面积S与D点运动时间t的函数解析式为:
,然后转化为顶点式即可求出最值为:
S最大=
(3)由
(2)知:
当t=5时,S最大=
,进而可知:
当t=5时,OC=5,OD=3,进而可得CD=
,从而确定C,D的坐标,即可求出直线CD的解析式,然后过E点作EF∥CD,交抛物线与点P,然后求出直线EF的解析式,与抛物线联立方程组解得即可得到其中的一个点P的坐标,然后利用面积法求出点E到CD的距离,过点D作DN⊥CD,垂足为N,且使DN等于点E到CD的距离,然后求出N的坐标,再过点N作NH∥CD,与抛物线交与点P,然后求出直线NH的解析式,与抛物线联立方程组求解即可得到其中的另两个点P的坐标.
设直线EF的解析式为:
,将E(﹣2,0)代入得:
b=
,∴直线EF的解析式为:
,将
,与
联立成方程组得:
,解得:
,或
,∴P(
);
过点E作EG⊥CD,垂足为G,∵当t=5时,S△ECD=
CD•EG=
,∴EG=
,过点D作DN⊥CD,垂足为N,且使DN=
,过点N作NM⊥x轴,垂足为M,如图2,
可得△EGD∽△DMN,∴
,∴EG•DN=ED•DM,即:
DM=
,∴OM=
,由勾股定理得:
MN=
,∴N(
),过点N作NH∥CD,与抛物线交与点P,如图2,设直线NH的解析式为:
,将N(
),代入上式得:
,∴直线NH的解析式为:
,∴P(8,0)或P(
),
综上所述:
当△CED的面积最大时,在抛物线上存在点P(点E除外),使△PCD的面积等于△CED的最大面积,点P的坐标为:
P(
1.二次函数综合题;
3.动点型;
4.存在型;
5.最值问题;
6.分类讨论;
7.压轴题.
16.(2015梧州)如图,抛物线
与坐标轴交于A、B、C三点,其中B(4,0)、C(﹣2,0),连接AB、AC,在第一象限内的抛物线上有一动点D,过D作DE⊥x轴,垂足为E,交AB于点F.
(1)求此抛物线的解析式;
(2)在DE上作点G,使G点与D点关于F点对称,以G为圆心,GD为半径作圆,当⊙G与其中一条坐标轴相切时,求G点的横坐标;
(3)过D点作直线DH∥AC交AB于H,当△DHF的面积最大时,在抛物线和直线AB上分别取M、N两点,并使D、H、M、N四点组成平行四边形,请你直接写出符合要求的M、N两点的横坐标.
(2)2或
(3)M点的横坐标为
,N点的横坐标为
2.分类讨论;
3.最值问题;
17.(2015北海)如图1所示,已知抛物线
的顶点为D,与x轴交于A
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