05高中物理竞赛力学练习题解Word格式.docx

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（计算时可认为管内空气的温度不变）

5、一个光滑的圆锥体固定在水平的桌面上,其轴线沿竖直方向,母线与轴线之间的夹角θ=30°

（如右图）.一条长度为l的绳（质量不计）,一端的位置固定在圆锥体的顶点O处,另一端拴着一个质量为m的小物体（物体可看作质点,绳长小于圆锥体的母线）.物体以速率v绕圆锥体的轴线做水平匀速圆周运动（物体和绳在上图中都没画出）.

6、（13分）一辆车通过一根跨过定滑轮的绳PQ提升井中质量为m的物体,如图所示.绳的P端拴在车后的挂钩上,Q端拴在物体上.设绳的总长不变,绳的质量、定滑轮的质量和尺寸、滑轮上的摩擦都忽略不计.

开始时,车在A点,左右两侧绳都已绷紧并且是竖直的,左侧绳长为H.提升时,车加速向左运动,沿水平方向从A经过B驶向C.设A到B的距离也为H,车过B点时的速度为vB.求在车由A移到B的过程中,绳Q端的拉力对物体做的功.

7.在两端封闭、内径均匀的直玻璃管内,有一段水银柱将两种理想气体a和b隔开.将管竖立着,达到平衡时,若温度为T,气柱a和b的长度分别为la和lb;

若温度为T＇,长度分别为l抋和l抌.然后将管平放在水平桌面上,在平衡时,两段气柱长度分别为l攁和l攂.已知T、T挕

8．如图所示，质量为的小车放在光滑的水平面上，其中AB部分为半径R=0.5m的光滑圆弧，BC部分水平且不光滑，长为L=2m，一小物块质量m=6Kg，由A点静止释放，刚好滑到C点静止（取g=10），求：

①物块与BC间的动摩擦因数

②物块从A滑到C过程中，小车获得的最大速度

9.．如图所示，在光滑水平面上放一质量为M、边长为l的正方体木块，木块上搁有一长为L的轻质光滑棒，棒的一端用光滑铰链连接于地面上O点，棒可绕O点在竖直平面内自由转动，另一端固定一质量为m的均质金属小球．开始时，棒与木块均静止，棒与水平面夹角为角．当棒绕O点向垂直于木块接触边方向转动到棒与水平面间夹角变为的瞬时，求木块速度的大小．

10如图所示，一半径为R的金属光滑圆环可绕其竖直直径转动．在环上套有一珠子．今逐渐增大圆环的转动角速度ω，试求在不同转动速度下珠子能静止在环上的位置．以珠子所停处的半径与竖直直径的夹角θ表示．

11如图所示，一木块从斜面AC的顶端A点自静止起滑下，经过水平面CD后，又滑上另一个斜面DF，到达顶端F点时速度减为零。

两斜面倾角不同，但木块与所有接触面间的摩擦系数相同，若AF连线与水平面夹角为θ，试求木块与接触面间的滑动摩擦系数μ。

12.图中的是游乐场中的滑道模型，它位于竖直平面内,由两个半径都是的1/4圆周连接而成，它们的圆心、与两圆弧的连接点在同一竖直线上．沿水池的水面．一小滑块可由弧的任意点从静止开始下滑．

1．若小滑块从开始下滑到脱离滑道过程中，在两个圆弧上滑过的弧长相等，则小滑块开始下滑时应在圆弧上的何处？

（用该处到的连线与竖直线的夹角表示）．

2．凡能在点脱离滑道的小滑块，其落水点到的距离如何？

参考解答

1参考解答

：

对圆轨道应用动力学，有：

v0=①

则椭圆轨道上P点的速度：

vP==②

对P→A过程，机械能守恒：

m−=m−③

比较P、A两点，用开普勒第二定律（此处特别注意，P点的速度取垂直矢径的分速度）：

v0rP=vArA④

解①②③④四式可得：

rA=

同理，对P和B用能量关系和开普勒第二定律，可得：

rB=

椭圆的长半轴：

a==

最后对圆轨道和椭圆轨道用开普勒第三定律可得椭圆运动的周期。

答：

h近=，h远=；

T=。

2.参考解答

摆线受阻后在一段时间内摆球作圆周运动，若摆球的质量为，则摆球受重力和摆线拉力的作用，设在这段时间内任一时刻的速度为，如图预解20-5所示。

用表示此时摆线与重力方向之间的夹角，则有方程式

（1）

运动过程中机械能守恒，令表示摆线在起始位置时与竖直方向的夹角，取点为势能零点，则有关系

（2）

摆受阻后，如果后来摆球能击中钉子，则必定在某位置时摆线开始松弛，此时＝0，此后摆球仅在重力作用下作斜抛运动。

设在该位置时摆球速度，摆线与竖直线的夹角，由式

（1）得

，（3）

代入

（2）式，求出

（4）

要求作斜抛运动的摆球击中点，则应满足下列关系式：

，（5）

（6）

利用式（5）和式（6）消去，得到

（7）

由式（3）、（7）得到

（8）

代入式（4），求出

（9）

越大，越小，越小，最大值为，由此可求得的最小值：

，

所以

（10）

3..参考答案：

如图所示，用表示a转过角时球速度的大小，表示此时立方体速度的大小，则有

（1）

由于与正立方体的接触是光滑的，相互作用力总是沿水平方向，而且两者在水平方向的位移相同，因此相互作用的作用力和反作用力做功大小相同，符号相反，做功的总和为0．因此在整个过程中推力所做的功应等于球、和正立方体机械能的增量．现用表示此时球速度的大小，因为、角速度相同，，，所以得

（2）

根据功能原理可知

（3）

将

（1）、

（2）式代入可得

解得

4.玻璃管A端浮在水面上方时,管受力平衡.设管中空气压强为P1,则管所受内外空气压力之差（竖直方向）是

f=（P1-P0）S0（a）

用ρ表示水的密度,

P1=P0+ρgh,（b）

则:

f=ρghS.（c）

f应与管所受重力平衡:

ρghS=mg.（d）

（2）管竖直没入水中后,设管A端的深度为H,管内气柱长度为l,则A端所在处水内压强为:

PA=P0+Hρg,（f）

管内气压,由管内水面在水下的深度可知:

为:

P2=P0+Hρg+lρg.（g）

管所受两者压力之差（竖直方向）为:

f＇=（P2-PA）S=lρgS.（h）

随着管的下降,管内水面也必下降,即管内水面在水下的深度增大〔若管内水面的深度不变（或减小）,则P2不变（或减小）,而因管A端的下降,管内空气的体积却减小了,这与玻-马定律不符〕.因此,P2增大,l减小,故f＇减小.当管A端到达某一深度H0时,f＇与管所受重力相等,超过这一深度后,f＇小于重力,放手后管不浮起.由此,当H=H0时,

f＇=lρgS=mg,（i）

这时,由玻-马定律:

P2lS=P1（b+h）S.（k）

代入数值后,

（3）由上一小问解答的分析可知,当管A端的深度超过H0时,f＇<

mg.故放手后管的位置要变化,将自行下沉.

评分说明:

全题14分.

（1）3分;

（2）和（3）共11分.

（1）中,利用（a）、（b）式求出（c）式的,给2分.直接用阿基米德原理得出管（及管内空气）所受浮力（c）式的,同样给2分.利用条件（d）得出结果（e）的,再给1分.因单纯运算或数值计算（包括单位换算）错误而结果错误的,扣1分.

（2）、（3）,这两小问的解答中考生需要通过分析得知f＇随着管的下降而减小,从而确定放手后管不浮起的条件和管位置的变化.故两小问一起定评分说明.

利用（f）、（g）得出（h）式的,给2分.直接求浮力而得出（h）式的,同样给2分.利用平衡条件得出（j）式的,再给1分.

利用玻-马定律决定H0部分,占3分.

分析f＇随管的下降而减小,占4分,不要求严格论证,能说出管下降时l减小即可.用其他话说的,正确的,也可.不作分析的不给这4分.

说出自行下沉的,再给1分.

因单纯运算或数值计算（包括单位换算）错误而结果错误的,扣1分.

g值取作10米/秒2而得出H0=0.51米的,同样给分.

5、题目要求考生说明每问解法的根据.物体做水平匀速圆周运动有两种可能:

一种是物体与锥体表面接触（见图1）;

一种是物体与锥体表面不接触（见图2）.

当接触时,物体受力如图1所示,T是绳对物体的拉力,N是支持力,mg是重力.物体与锥面间无摩擦.将力沿水平方向和竖直方向分解,按牛顿定律得:

Tcosθ+Nsinθ=mg.（b）

由（a）、（b）两式消去T,可得N跟v的关系如下:

率,并将θ=30°

代入,可得

因为N是支持力,最小等于0,所以当v>

vb时,物体不再与锥面接触.

或:

T=1.03mg.

只受重力和绳子拉力作用（如图2所示）.用α表示绳与圆锥体轴线之间的夹角,将力沿水平方向和竖直方向分解,按牛顿定律得:

Tcosα=mg.（e）

2T2-3mgT-2m2g2=0

解此方程,取合理值,得:

T=2mg.

全题12分.

本题要求考生说明每问解法的根据,即要求得出（c）式,并将

（1）、

（2）两问中的速率与（c）式相比较.这部分内容占6分.不论考生用什么方法解题,得出（c）式的给4分,再将

（1）、

（2）两问中的速率与（c）式比较的,再各给1分.

在

（1）中,列（a）、（b）式及求解占3分.（a）、（b）两式中有一个列错的,扣2分.单纯运算错误,扣1分.答案最后结果写作T=mg的,不扣分.

在

（2）中,列（d）、（e）式及求解占3分.（d）、（e）两式中有一个列错的,扣2分.单纯运算错误,扣1分.若误认为α=30°

扣2分.

6、设绳的P端到达B处时,左边绳与水平地面所成夹角为θ,物体从井底上升的高度为h,速度为v,所求的功为W,则:

因绳总长不变,所以:

v=vBcosθ.（c）

将（b）、（c）两式代入（a）式,得:

全题13分.

列出（a）式的,给3分.列出（b）式的,给3分.列出（c）式的,给5分.列出（d）式的,给1分.最后结果正确的,再给1分.

7、对于a段气体,有:

对于b段气体,有:

压强关系有:

pb-pa=p抇b-p抇a,（e）

pa=pb.（f）

由以上各式可得:

全题10分.

（a）、