广东省东莞市第四高级中学学年高一上学期月考数学试题Word文件下载.docx
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C.若,则“”是“a,b全不为0”的充要条件
D.若,则“”是“a,b不全为0”的充要条件
E.一个四边形是正方形是它是菱形的必要条件
10.(多选)下列各组函数是同一函数的是()
A.与
B.与
C.与
D.与
11.对于实数,下列说法正确的是()
A.若,则B.若,则
C.若,则D.若,则
12.关于函数,下列结论正确的是()
A.的图象过原点B.是奇函数
C.在区间(1,+∞)上单调递增D.是定义域上的增函数
三、填空题
13.函数若f(x)=12,则x=_____.
14.已知,,,则的最小值为_____.
15.“且”是“且”的______条件.
16.已知函数是定义在上的奇函数,若时,,则时,__________.
四、解答题
17.设全集为,集合,.
(1)分别求,;
(2)已知,若,求实数的取值范围构成的集合.
18.已知f(x)是定义在R上的奇函数,当x≥0时,f(x)=2x-1.
(1)求f(3)+f(-1);
(2)求f(x)的解析式.
19.已知,求的最小值,并求取到最小值时x的值;
已知,,,求xy的最大值,并求取到最大值时x、y的值.
20.已知函数.
(1)当时,求不等式的解集;
(2)若关于x的不等式的解集为R,求a的取值范围.
21.已知函数,不等式的解集是.
(1)求的解析式;
(2)若对于任意,不等式恒成立,求的取值范围.
22.已知函数是奇函数,且.
(1)求实数和的值;
(2)判断函数在上的单调性,并加以证明.
参考答案
1.C
【分析】
根据满足的不等式列举出的可能值,然后用列举法写出集合,即可得到集合中元素的个数.
【详解】
因为,所以可取,
所以,所以集合中元素的个数为.
故选:
C.
【点睛】
本题考查用列举法求集合中元素的个数,难度较易.
2.D
先求出集合元素的个数,再根据求子集的公式求得子集个数.
因为集合,
所以
所以子集个数为个
所以选D
本题考查了集合交集的运算,集合子集个数的求解,属于基础题.
3.D
先解不等式得集合,再根据集合交集运算即可得答案.
解:
解不等式得,故集合,
所以.
D.
本题考查集合的交集运算和分式不等式的解法,是基础题.
4.A
当时,是成立,当成立时,不一定成立,根据必要不充分条件的判定方法,即可求解.
由题意,当时,是成立,当成立时,不一定成立,所以是的必要不充分条件,故选A.
本题主要考查了必要不充分条件的判定问题,其中解答中熟记必要不充分条件的判定方法是解答本题的关键,着重考查了推理与论证能力,属于基础题.
5.B
结合不等式的性质,对四个选项逐个分析,即可选出答案.
对于A,取,此时,不满足,即A不正确;
对于B,由,而,所以,即,故B正确;
对于C,取,则,即C不正确;
对于D,取,则,此时,即D不正确.
B.
本题考查不等式的性质,考查学生的推理能力,属于基础题.
6.C
当时,不等式恒成立;
当时,根据二次函数的图象列式可解得结果.
当时,不等式化为恒成立;
当时,一元二次不等式对于一切实数x都恒成立,等价于,解得,
综上可得实数a的取值范围是.
本题考查了分类讨论思想,考查了一元二次不等式恒成立问题,属于基础题.
7.B
利用换元法,结合对勾函数的增减性即可求解函数值域
设,则,从而的值域就是函数的值域,
由“对勾函数”的图像可知,,
本题考查换元法的应用,由“对勾函数”求函数的值域,属于基础题
8.B
分析函数单调递增,解不等式等价于解:
,即可得解.
由题:
,
当时,,且单调递增;
当时,,且单调递增,
所以在单调递增,
解不等式等价于解:
解得:
.
本题主要考查了根据函数单调性求解不等式,关键在于准确识别函数的单调性,此题易错点在于漏掉考虑函数定义域,导致增根.属于较易题.
9.AD
根据充分必要条件的定义判断.
对于选项A,由得,但是适合,推出,故A正确;
对于选项B,在中,为直角三角形,但为直角三角形或或,故B错误;
对于选项C,由全不为0,由a,b全不为,故C错误;
对于选项D,由不全为0,反之,由a,b不全为,故D正确;
对于选项E,结论“四边形是菱形”推不出条件“四边形是正方形”,因此必要条件不成立.故选:
AD.
本题考查充分必要条件的判断,解题时必须判断两个命题的真假,即充分性与必要性的判断.
10.AC
利用同一函数的概念判断即可.
对于A选项,解析式可以看作相同,且定义域相同,是同一函数;
对于B选项,,的定义域为,,故不是同一函数;
对于C选项,解析式可化为相同,且定义域都为相同,是同一函数;
对于D选项,,解析式不同,故不是同一函数;
AC.
本题考查同意以函数的概念,属于基础题,解答时只需保证所给函数的定义域相同,解析式相同或可化为相同即可.
11.ABC
根据不等式的基本性质对各项依次进行判断,即可选出正确答案.
A.在三边同时除以得,故A正确;
B.由及得,故B正确;
C.由知且,则,故C正确;
D.若,则,,
,故D错误.
ABC.
本题考查了不等关系与不等式、不等式的性质,属于基础题.
12.AC
根据函数奇偶性定义、单调性定义以及计算函数值进行判断选择.
所以A正确,
,因此不是奇函数,B错误,
在区间(1,+∞)和上单调递增,所以C正确,D错误,
AC
本题考查函数奇偶性与单调性,考查基本分析判断能力,属基础题.
13.2或-2
分别讨论,当时,;
当时,.由此能求出结果.
又,
当时,,
解得或(舍;
解得或(舍.
或.
故答案为:
或2.
本题主要考查了函数值的求法,解题时要认真审题,注意函数性质的合理运用.,属于较易题.
14.4
首先分析题目由已知x>0,y>0,x+2y+2xy=8,求x+2y的最小值,猜想到基本不等式的用法,利用a+b≥2代入已知条件,转化为解不等式求最值.
∵2xy=x·
(2y)≤2,
∴8=x+2y+2xy≤x+2y+2,
即(x+2y)2+4(x+2y)-32≥0.
∵x>0,y>0,∴x+2y≥4,当且仅当x=2,y=1时取等号,即x+2y的最小值是4.
此题主要考查基本不等式的用法,对于不等式a+b≥2在求最大值、最小值的问题中应用非常广泛,需要同学们多加注意.
15.充要
根据两个正数的和与积仍是正数可得充分条件,根据两个数的和与积都是正数可得这两个数都是正数,说明是必要条件,所以“且”是“且”的充要条件.
因为“且”可以推出“且”,所以“且”是“且”的充分条件,
因为且时,且,所以“且”是“且”的充要条件.
故答案为充要条件.
本题考查了充要条件,关键是看由谁能够推出谁,由谁不能推出谁.属于基础题.
16.
【解析】
函数是定义在上的奇函数,当时,当时,则,,故答案为.
17.
(1),或或;
(2).
(1)根据交集、补集和并集的知识求得正确结果;
(2)根据子集的知识列不等式组,解不等式组求得点的取值范围.
(1)依题意,,
所以,或,
所以或或.
(2)由题意集合,,
∴,∴,∴.
本小题主要考查交集、补集和并集的概念和运算,考查根据子集求参数的取值范围,属于中档题.
18.
(1)6
(2)f(x)=
试题分析:
(1)可以直接求,利用为奇函数,求得,所以只需要求出就可以了,再求出;
(2)由于已知的解析式,所以只需要求出时的解析式即可,由奇函数的性质求出解析式.
试题解析:
(1)∵f(x)是奇函数,
∴f(3)+f(-1)=f(3)-f
(1)=23-1-2+1=6.
(2)设x<0,则-x>0,
∴f(-x)=2-x-1,
∵f(x)为奇函数,
∴f(x)=-f(-x)=-2-x+1,
∴f(x)=
19.当时,y的最小值为7.,时,xy的最大值为6.
直接利用基本不等式的关系式的变换求出结果.
已知,
则:
故:
当且仅当:
即:
当时,y的最小值为7.
已知,,,
,时,xy的最大值为6.
在利用基本不等式求最值时,要特别注意“拆、拼、凑”等技巧,使其满足基本不等式中“正”(即条件要求中字母为正数)、“定”(不等式的另一边必须为定值)、“等”(等号取得的条件)的条件才能应用,否则会出现错误.
20.
(1);
(1)将代入,解二次不等式的解集即可;
(2)令即可;
(1)当时,,,故解集为;
(2)由题知,解得.
本题考查二次不等式的解法及二次不等式的恒成立问题,较简单.一般地,二次不等式恒成立时,利用求解.
21.
(1);
(2)
(1)由已知可得为方程的解,根据根与系数关系,即可求解;
(2)不等式恒成立,只需,根据二次函数的性质,求出即可.
(1)由不等式的解集是知,
2和3是方程的两个根.
由根与系数的关系,得,即.
(2)不等式对于任意恒成立,
即对于任意恒成立.
由于的对称轴是,
当时,取最大值,,
所以只需,即.解得或.
故的取值范围为.
本题考查函数的解析式,注意二次函数、一元二次方程和一元二次不等式三个“二次”之间的关系,考查不等式恒成立问题,属于中档题.
22.
(1),;
(2)上为增函数,证明见解析
(1)根据奇函数有可得,再由可得;
(2)根据函数单调性定义法证明即可.
(1)∵是奇函数,
∴.
即,
比较得,.
∴,
解得,
即实数和的值分别是2和0.
(2)函数在上为增函数.
证明如下:
由
(1)知,
设,
则,
,,,
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