中考数学初中数学旋转的综合压轴题专题复习及答案文档格式.docx
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余,所以/BAE=/DAF,所以△FAg4EAB,因此BE与DF相等,延长DF交BE于G,根据全等三角形的对应角相等和四边形的内角和等于360°
求出/EGF=90°
所以DF±
BE;
(2)等同
(1)的方法,因为矩形的邻边不相等,但根据题意,可以得到对应边成比例,
所以△FA24EAB,所以DF=kBE,同理,根据相似三角形的对应角相等和四边形的内角和等于360°
求出/EHF=90°
所以DF,BE;
(3)与
(2)的证明方法相同,但根据相似三角形的对应角相等和四边形的内角和等于
360°
求出/£
人5+/EHF=180°
所以DF与BE的夹角3=180-
【详解】
(1)DF与BE互相垂直且相等.
证明:
延长DF分别交ARBE于点P、G
在正方形ABCD和等腰直角4AEF中
AD=AB,AF=AE,/BAD=/EAF=90
•••ZFAAZEAB••.△FAC^AEAB•ZAFD=ZAEB,DF=BE
ZAFD+ZAFG=180,
ZAEG+ZAFG=180,
ZEA曰90;
ZEGR=180-90=90,
•••DFXBE
DF=kBE,DF±
BE
(2)数量关系改变,位置关系不变.延长DF交EB于点H,
ADAF
ABAE
•••/BAD=/EAF=a
/FAD=/EAB
••.△FAD^AEAB
DFAF,kBEAE
.•.DF=kBE
由△FAD^△EAB得/AFD=/AEB
•••/AFD+/AFH=180°
•••/AEB+/AFH=180°
••・四边形AEHF的内角和为360:
•••/EAF+ZEHF=180°
•••/EAF=a,/EHF=3
•,•a+片180:
3=180-a
【点睛】
本题
(1)中主要利用三角形全等的判定和性质以及正方形的性质进行证明;
(2)(3)利
用相似三角形的判定和性质证明,要解决本题,证明三角形全等和三角相似是解题的关键,也是难点所在.
2.在平面直角坐标系中,已知点A(0,4),B(4,4),点M,N是射线OC上两动点(OMV
ON),且运动过程中始终保持/MAN=45。
,小明用几何画板探究其中的线段关系.
(1)探究发现:
当点M,N均在线段OB上时(如图1),有OM2+BN2=MN2.
他的证明思路如下:
第一步:
将4ANB绕点A顺时针旋转90°
得aAPO,连结PM,则有BN=OP.
第二步:
证明△APM^^ANM,得MP=MM.
证明/POM=90°
得OM'
O卡nMP2.
最后得到OM2+BN2=MN2.
请你完成第二步三角形全等的证明.
图1图2图3
(2)继续探究:
除
(1)外的其他情况,OM,BN2=MN2的结论是否仍然成立?
若成立,请证明;
若不成立,请说明理由.
(3)新题编制:
若点B是MN的中点,请你编制一个计算题(不标注新的字母),并直接给出答案(根据编出的问题层次,给不同的得分).
(1)见解析;
(2)结论仍然成立,理由见解析;
(3)见解析.
(1)将4ANB绕点A顺时针旋转90°
得AAPO,连结PM,则有BN=OP.证明△APM^AANM,再利用勾股定理即可解决问题;
(2)如图2中,当点M,N在OB的延长线上时结论仍然成立.证明方法类似
(1);
(3)如图3中,若点B是MN的中点,求MN的长.利用
(2)中结论,构建方程即可解决问题.
A顺时针旋转90°
得△APO,连结PM,则有BN=OP.
3••/NAP=/OAB=90°
/MAN=45°
/MAN=/MAP,
4.MA=MA,AN=AP,
5•.△MAN^AMAP(SAS).
(2)如图2中,结论仍然成立.
理由:
如图2中,将4ANB绕点A顺时针旋转90°
得△APO,连结PM,则有BN=OP.
6••/NAP=/OAB=90°
7.MA=MA,AN=AP,
.•.△MAN^AMAP(SAS),
.•.MN=PM,
8••/ABN=ZAOP=135;
/AOB=45;
/MOP=90°
.•.PM2=OM2+OP2,
9•.OM2+BN2=MN2;
(3)如图3中,若点B是MN的中点,求MN的长.
设MN=2x,贝UBM=BN=x,-,OA=AB=4,/OAB=90;
.•.OB=4.2,
OM=472-x,
•1OM2+BN2=MN2.
..(4应-x)2+x2=(2x)2,
解得x=-2、、2+2\6或-2,2-2、,力(舍弃)
MN=-472+4^/6.
本题属于几何变换综合题,考查了等腰直角三角形的性质和判定,全等三角形的判定和性质,勾股定理等知识,解题的关键是学会利用旋转法添加辅助线,构造全等三角形解决问题,属于中考压轴题.
AC=2CE=m,BC=
D随半圆O旋转且
3.平面上,Rt^ABC与直径为CE的半圆O如图1摆放,/B=90°
n,半圆O交BC边于点D,将半圆O绕点C按逆时针方向旋转,点/ECD始终等于/ACB,旋转角记为a(0°
WaW)180°
AE
(3)若m=10,n=8,当”=/ACB时,求线段BD的长;
(4)若m=6,n=4J2,当半圆。
旋转至与△ABC的边相切时,直接写出线段BD的长.
(1)90。
,n;
(2)无变化;
(3)12〉;
(4)BD=2j75或254.
25,3
CDCE
试题分析:
(1)①根据直径的性质,由DE//AB得————即可解决问题.②求出
CBCA
BD、AE即可解决问题.
(2)只要证明△ACa4BCD即可.
(3)求出AB>
AE,利用△AC&
^BCD即可解决问题.
(4)分类讨论:
①如图5中,当a=90时,半圆与AC相切,②如图6中,当a=90°
4ACB时,半圆与BC相切,分别求出BD即可.
试题解析:
(1)解:
①如图1中,当"
O寸,连接DE,则
/CDE=90:
•••ZCDE=ZB=90;
..DE//AB,•--CE-CD=1.「BC=n,,CD=1n.故答
ACCB22
一。
1
案为90。
,-n.
2
②如图2中,当a=18叫,BD=BC+CD=-3n,AE=AC+CE=-3m,.故答案为
CDBCn
/ACE=ZBCD.•••—————
CEACm'
(3)如图4中,当“=/ACB时.在R「ABC中,,「ACMO,BC=8,
•
BDBC
AEAC
.AB=JAC2_BC2=6.在Rt^ABE中,/AB=6,BE=BC-CE=3,
•-AE=ZAB^―BE2=.6232=3.5,由
(2)可知AACa△BCD,
..-BD=—,••.BA12Y5.故答案为12Y5.
3.51055
(4)m=6,n=4&
,CE=3,CD=2点,AB=kABC2=2,①如图5中,当a=90
时,半圆与AC相切.在RtaDBC中,BD=,bc2cd2=J(4后(R2)2=2后.
②如图6中,当a=90°
Z+ACB时,半圆与BC相切,作EMXABT
M..•ZM=ZCBM=ZBCE=90°
•.四边形BCEM是矩形,..BMEC3,ME4&
,
DB2.22114
1-AM=5,AE=Jam2ME2=757,由
(2)可知—=,-BD=-
AE33
故答案为2M或2^14.
3
4.如图,点P是正方形ABCD内的一点,连接PA,PB,PC.将△PAB绕点B顺时针旋转90°
到△P'
CB的位置.
(1)设AB的长为a,PB的长为b(b<
a),求△PAB旋转到△P'
CB的过程中边PA所扫过区域(图中阴影部分)的面积;
(2)若PA=2,PB=4,/APB=135°
求PC的长.
(1)S阴影=4(a2-b2”
(2)PC=6.
(1)依题意,将/\P'
CB时针旋转90。
可与4PAB重合,此时阴影部分面积二扇形BAC的面积-扇形BPP的面积,根据旋转的性质可知,两个扇形的中心角都是90。
,可据
此求出阴影部分的面积.
(2)连接PP;
根据旋转的性质可知:
BP=BP;
旋转角ZPBP'
=90°
则4PBP是等腰直角三角形,/BP'
C=/BPA=135,/PP'
C=/BP'
C-ZBP'
P=135°
-45=90°
可推出△PP'
C是直角三角形,进而可根据勾股定理求出PC的长.
(1)二,将4PAB绕点B顺时针旋转90°
到AP'
CB位置,
••.△PAB^AP'
CB,Sapae=Sxp'
cb,H
S阴影=s扇形bac-S扇形bpp=斗(a2-b2);
(2)连接PP,根据旋转的性质可知:
△APB^^CPp
.•.BP=BP'
=P'
C=PA=2PBP'
=90°
△PBP是等腰直角三角形,P'
P2=PB2+P'
B2=32;
又「/BPC=BPA=135,
・•./PP'
CBP'
-aBP'
P=1355°
=^90;
即APP'
是直角三角形.
PC=\=6.
考点:
1.扇形面积的计算;
2.正方形的性质;
3.旋转的性质.
5.如图1.在4ABC中,/ACB=90°
点P为4ABC内一点.
(1)连接PRPC,将4BCP沿射线CA方向平移,得到^DAE,点B、CP的对应点分别为点D、A、E,连接CE.
1依题意,请在图2中补全图形;
2如果BP±
CE,AB+BP=9,
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