《押题卷》高三最新信息卷理综九教师版Word格式文档下载.docx
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一、选择题:
本大题共13小题,每小题6分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.下列关于细胞的叙述正确的是
A.小球藻和念珠藻都在叶绿体中进行光合作用
B.乳酸菌无线粒体,只能进行无氧呼吸
C.真核生物的膜蛋白的形成不需要内质网、高尔基体的参与
D.细胞骨架由纤维素组成的网架结构,与信息传递等活动有关
【答案】B
【解析】小球藻是真核生物,在叶绿体中进行光合作用,念珠藻属于原核生物,没有叶绿体,A错误;
乳酸菌属于原核生物,无线粒体,只能进行无氧呼吸,在细胞质基质中进行,B正确;
真核生物的膜蛋白的形成需要内质网和高尔基体的参与,C错误;
细胞骨架是蛋白质纤维组成的网架结构,与细胞运动、分裂、分化以及物质运输、能量转换、信息传递等生命活动密切相关,D错误。
2.核糖体RNA(rRNA)一般在细胞核中通过转录形成,与核糖核蛋白组装成核糖体前体,再通过核孔进入细胞质中进一步成熟。
翻译时rRNA能催化肽键的形成。
下列叙述正确的是
A.rRNA合成时需要解旋酶
B.rRNA的形成一定与核仁有关
C.翻译时,rRNA的碱基与tRNA上的反密码子互补配对
D.rRNA可降低氨基酸脱水缩合所需的活化能
【答案】D
【解析】rRNA是以DNA的一条链为模板转录形成的,rRNA的合成需要RNA聚合酶,不需要解旋酶,A错误;
核仁与某种RNA(rRNA)的合成及核糖体的形成有关,但原核细胞没有核仁,B错误;
翻译时,mRNA上的密码子与tRNA上的反密码子互补配对,C错误;
根据题意,rRNA能催化肽键的连接,可见其具有催化功能,即可降低氨基酸间脱水缩合所需的活化能,D正确。
3.下列有关酶特性的实验中,叙述错误的是
A.验证酶的高效性时,自变量是催化剂的种类
B.验证酶的专一性时,自变量是酶的种类或底物的种类
C.探究pH对酶活性的影响时,pH是自变量,温度是无关变量
D.探究酶作用的最适温度时,应设置高温、室温、低温三组实验
【解析】酶的高效性是与无机催化剂相比而言的,验证酶的高效性自变量是催化剂的种类,A正确;
验证酶的专一性,可以是底物相同,酶的种类不同,也可以是酶种类相同,底物不同,B正确;
探究pH对酶活性的影响时,自变量是pH梯度,温度的量为无关变量,因变量是底物的消耗量速率,C正确;
探究温度对酶活性的影响,温度是自变量,设置温度梯度应该在最适温度处展开设计温度,D错误。
4.血友病是人类主要的遗传性出血性疾病,下列叙述中正确的是
A.正常情况下(不考虑基因突变和交叉互换),父母亲表现型正常,其女儿可能患血友病
B.该病在家系中表现为连续遗传和交叉遗传的现象
C.镰刀型细胞贫血症与血友病的遗传方式相同
D.血友病基因携带者女性和血友病男性结婚,后代儿女均为1/2患病
【解析】血友病为伴X染色体隐性遗传病,正常情况下(不考虑基因突变和交叉互换),父母亲表现型正常,其女儿不可能患血友病,儿子可能患血友病,A错误;
该病在家系中表现为隔代遗传和交叉遗传的现象,B错误;
镰刀型细胞贫血症是常染色体隐性遗传病,血友病是伴X染色体隐性遗传病,两种病的遗传方式不相同,C错误;
血友病基因携带者女性和血友病男性结婚,后代儿女均为1/2患病,D正确。
5.下图是体育运动对学习记忆的促进作用与蛋白质类神经营养因子(BDNF)关系的部分图解。
据图并结合所学知识分析,错误的是
A.图中a过程需RNA聚合酶等并消耗ATP
B.BDNF具有抑制神经递质的释放和激活突触后膜上相应受体的作用
C.b物质和BDNF穿过突触前膜的方式相同。
D.长期记忆可能与新突触的建立有关。
【解析】根据以上分析可知,图中a过程包括转录和翻译,转录需要RNA聚合酶等并消耗ATP,A正确;
据图可知,BDNF具有促进神经递质的释放和激活突触后膜上相应受体的作用,从而促进兴奋在突触处的传递,B错误;
b物质和BDNF都是以胞吐的方式穿过突触前膜的,C正确;
长期记忆可能与新突触的建立有密切关系,D正确。
6.茶树菇味道鲜美,常野生于油茶树枯朽的树桩上。
某林场尝试在树下套种茶树菇,并用桐树、柳树、杨树脱落的枝叶制作培养基。
下列相关叙述正确的是
A.生长在油茶树树桩上的茶树菇属于生态系统中的分解者
B.茶树菇利用的油茶树枯朽树桩中的能量不属于油茶树的同化量
C.套种技术可以提高树木和茶树菇对阳光等资源的利用率
D.该林场的做法实现了能量的多级利用,提高了能量的传递效率
【答案】A
【解析】生长在油茶树树桩上的茶树菇属于生态系统中的分解者,A正确;
茶树菇利用的油茶树枯朽树桩中的能量属于油茶树的同化量中流向分解者的部分,B错误;
茶树菇属于分解者,不能直接利用阳光,C错误;
该林场的做法实现了能量的多级利用,提高了能量的利用率不是传递效率,D错误。
7.化学与生产、生活密切相关,下列说法不正确的是
A.聚乙烯塑料可用作食品袋、餐具、地膜等
B.苯可用作洗涤剂、有机溶剂、消毒剂、染料等
C.红葡萄酒密封储存时间越长,质量越好,原因之一是储存过程中生成了有香味的酯
D.生物柴油和石油分馏所得的柴油都是碳氢化合物组成的混合物
【解析】A.聚乙烯塑料耐化学腐蚀,耐寒,可用作食品袋、餐具、地膜等,A项正确;
B.苯是重要的化工原料,也是重要的有机溶剂,可用作洗涤剂、有机溶剂、消毒剂、染料等,B项正确;
C.乙醇易被氧化生成乙酸,乙酸和乙醇在一定条件下反应生成具有香味的乙酸乙酯,C项正确;
D.生物柴油的主要成分为酯类,含碳、氢、氧元素,属于烃的衍生物,石油分馏所得的柴油是碳氢化合物,D项错误;
答案选D。
8.NA代表阿伏加德罗常数。
下列说法正确的是
A.1molN2与3molH2在一定条件下充分反应,转移电子数为6NA
B.标准下,22.4LCH4与Cl2在光照条件下反应生成HCl分子数为4NA
C.25℃时,PH=13的Ba(OH)2溶液中含有OH−离子数为0.1NA
D.28g由N2和CO组成的混合气体中含有的原子数为2NA
【解析】A.工业合成氨是个可逆反应,不能彻底完成,一定条件下,密闭容器充入1molN2和3molH2充分反应,转移电子的数目小于6NA;
B.CH4与Cl2是一步一步去反应的,刚开始是甲烷和氯气反应,生成一氯甲烷,一氯甲烷接着在和氯气反应得到二氯甲烷,然后二氯甲烷在和氯气反应的到三氯甲烷,三氯甲烷在和氯气反应反应得到四氯化碳。
最终产物是一氯甲烷,二氯甲烷,三氯甲烷,四氯化碳都有,并不是甲烷全部转化为四氯化碳,所以生成的HCl不是4NA;
C.未告知溶液的体积,无法计算25℃,pH=13的Ba(OH)2溶液中含有的OH−离子数,故C错误;
D.N2和CO的摩尔质量均为28g/mol,每个分子均含有2个原子,故28g由N2和CO组成的混合气体的物质的量为1mol,含有的原子数目为2NA,D正确。
答案:
D。
9.用下图所示实验装置进行相应实验,能达到实验目的的是
A.用图甲所示装置,蒸干AlCl3饱和溶液制备AlCl3晶体
B.按装置乙所示的气流方向可用于收集H2、NO等
C.用图丙所示装置,分离CCl4萃取碘水后的有机层和水层
D.用图丁所示装置,可以证明氧化性:
Cl2>
Br2>
I2
【答案】C
【解析】A.AlCl3为强酸弱碱盐,在溶液中发生水解生成氢氧化铝胶体和氯化氢,直接蒸干AlCl3饱和溶液,氯化氢挥发,导致水解平衡右移,使水解趋于完全生成氢氧化铝沉淀,不能制备无水得到AlCl3,故A错误;
B.H2密度比空气小,应用向下排空法收集,气体应短进长出,NO易与空气中氧气反应,不能用排空气法收集,故B错误;
C.CCl4的密度比水大,分离CCl4萃取碘水后的有机层在下层,水层在上层,与图中装置分层现象相符,故C正确;
D.通入的Cl2能和NaBr、KI发生置换反应生成Br2、I2,无法确认Br2是否和KI的反应,不能比较Br2和I2的非金属性强弱,故D错误。
故选C。
10.短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数逐渐增大,W原子的核外电子总数与X原子次外层的电子数相同。
X和Y的简单阳离子的电子层结构相同,Z的一种含氧酸具有杀菌消毒和漂白作用。
Y单质可以用于野外焊接钢轨。
A.简单离子半径:
X>
Y>
Z
B.最高价氧化物对应水化物的碱性:
Y
C.W、Z的简单氢化物的沸点:
W<
D.Z与X、Y两种元素都能形成二元离子化合物
【解析】由Z的一种含氧酸具有杀菌消毒和漂白作用可知含氧酸为次氯酸,则Z为Cl元素;
由Y单质可以用于野外焊接钢轨可知焊接钢轨得反应为铝热反应,则Y为Al元素;
由X和Y的简单阳离子的电子层结构相同可知X为Na元素或Mg元素;
由W原子的核外电子总数与X原子次外层的电子数相同可知W原子的核外电子总数为8,则W为O元素。
A.同主族元素,从上到下离子半径依次增大,则离子半径:
Cl−>F−,电子层结构相同的离子,随核电荷数增大离子半径依次减小,则离子半径:
F−>Na+(或Mg2+)>Al3+,故A错误;
B.X元素和Y元素位于同一周期,同一周期元素,从左到右金属性依次减弱,最高价氧化物对应水化物的碱性依次减弱,则最高价氧化物对应水化物的碱性:
Na或Mg>
Al,故B正确;
C.W为O元素,Z为Cl元素,水分子间能形成氢键,沸点高于不能形成氢键的氯化氢,故C错误;
D.Cl元素与Al元素形成的氯化铝为共价化合物,故D错误。
故选B。
11.某化学小组拟设计微生物燃料电池将污水中的乙二胺[H2N(CH2)2NH2]氧化成环境友好的物质,工作原理如图所示(a、b均为石墨电极)。
下列分析正确的是
A.电子流动方向为a→导线→b
B.H+经质子交换膜由右向左移动
C.放电一段时间b极附近pH不变
D.a电极发生反应:
H2N(CH2)2NH2+16e−+4H2O=2CO2↑+N2↑+16H+
【解析】H2N(CH2)2NH2在a电极上失电子发生氧化反应,生成氮气、二氧化碳和水,则a为负极,电极反应式为H2N(CH2)2NH2+4H2O-16e−=2CO2↑+N2↑+16H+,氧气在正极b上得电子发生还原反应,电极反应式为:
O2+4e−+4H+=2H2O,电子由负极经导线流向正极,阳离子向正极移动。
A.由上述分析可知,a是负极,b是正极,所以电子流动方向为a→导线→b,故A正确;
B.a是负极、b是正极,H+经质子交换膜由左向右移动,故B错误;
C.b的电极反应式为:
O2+4e−+4H+=2H2O,所以b极附近溶液的pH增大,故C错误;
D.H2N(CH2)2NH2在负极a上失电子发生氧化反应,生成氮气、二氧化碳和水,电极反应式为H2N(CH2)2NH2+4H2O-16e-=2CO2↑+N2↑+16H+,故D错误;
答案选A。
12.一种形状像蝴蝶结的有机分子Bowtiediene,其形状和结构如图所示,下列有关该分子的说法中错误的是
A.生成1molC5H12至少需要4molH2
B.该分子中所有碳原子在同一平面内
C.三氯代物只有一种
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