人教B版高中数学选修45教学案第二章 排序不等式 Word文档格式.docx
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最小值为:
a1b5+a2b4+a3b3+a4b2+a5b1=212.
用排序不等式证明不等式(所证不等式中的字母大小顺序确定)
[例1] 已知a,b,c为正数,a≥b≥c,求证:
(1)≥≥;
(2)++≥++.
[思路点拨] 本题考查排序不等式的直接应用,解答本题需要分析式子结构,然后通过对比、联想公式,构造数组,利用公式求解.
[精解详析]
(1)∵a≥b>
0,于是≤,
又c>
0,∴>
0.从而≥.
同理,∵b≥c>
∵a>
0,于是得≥.
从而≥≥.
(2)由
(1)≥≥,于是由顺序和≥乱序和得,
++≥++
=++
≥++=++=++.
利用排序不等式证明不等式的关键是构造出不等式中所需要的带大小顺序的两个数组,由于本题已知a≥b≥c,所以可直接利用已知构造两个数组.
1.设a,b,c为正数,求证:
++≥a10+b10+c10.
证明:
不妨设a≥b≥c>
0,
则a12≥b12≥c12,≥≥>
∴由顺序和≥乱序和,得
++≥++=++. ①
又∵a11≥b11≥c11,≥≥,
∴由乱序和≥反序和得:
++≥++=a10+b10+c10, ②
由①②两式得:
用排序不等式证明不等式(对所证不等式中的字母大小顺序作出假设)
[例2] 设x>
0,求证:
1+x+x2+…+xn≥(2n+1)xn.
[思路点拨] 本题考查排序不等式的应用.解答本题需要注意:
题目中只给出了x>
0,但对于x≥1,x<
1没有明确,因此需要进行分类讨论.
[精解详析]
(1)当x≥1时,1≤x≤x2≤…≤xn,
由排序原理:
顺序和≥反序和,得
1·
1+x·
x+x2·
x2+…+xn·
xn
≥1·
xn+x·
xn-1+…+xn-1·
x+xn·
1,
即1+x2+x4+…+x2n≥(n+1)xn.①
又因为x,x2,…,xn,1为序列1,x,x2,…,xn的一个排列,于是再次由排序原理:
乱序和≥反序和,得
x+x·
x2+…+xn-1·
xn+xn·
1≥1·
得x+x3+…+x2n-1+xn≥(n+1)xn.②
将①和②相加得
1+x+x2+…+x2n≥(2n+1)xn.
(2)当0<
x<
1时,1>
x>
x2>
…>
xn,
但①②仍然成立,于是③也成立.
综合
(1)
(2),证毕.
在没有给定字母大小的情况下,要使用排序不等式,必须限定字母的大小顺序,而只有具有对称性的字母才可以直接限定字母的大小顺序,否则要根据具体情况分类讨论.
2.设a1,a2,…,an是1,2,…,n的一个排列,求证:
++…+≤++…+.
设b1,b2,…,bn-1是a1,a2,…,an-1的一个排列,且b1<
b2<
…<
bn-1;
c1,c2,…,cn-1是a2,a3,…,an的一个排列,且c1<
c2<
cn-1,
则>
>
且b1≥1,b2≥2,…,bn-1≥n-1,c1≤2,c2≤3,…,cn-1≤n.
利用排序不等式,有
++…+≥++…+≥++…+
.
∴原不等式成立.
[对应学生用书P32]
一、选择题
1.锐角三角形中,设P=,Q=acosC+bcosB+ccosA,则P、Q的关系为( )
A.P≥Q B.P=Q
C.P≤QD.不能确定
解析:
不妨设A≥B≥C,
则a≥b≥c,cosA≤cosB≤cosC,则由排序不等式有
Q=acosC+bcosB+ccosA≥acosB+bcosC+ccosA
=R(2sinAcosB+2sinBcosC+2sinCcosA)
≥R[sin(A+B)+sin(B+C)+sin(A+C)]
=R(sinC+sinA+sinB)==P.
答案:
C
2.已知a,b,c为正数,P=,Q=abc,则P,Q的大小关系是( )
A.P>
QB.P≥Q
C.P<
QD.P≤Q
则0<
≤≤,0<
bc≤ca≤ab,
顺序和≥乱序和,得
++≥++,
即≥a+b+c,
因为a,b,c为正数,所以abc>
0,a+b+c>
于是≥abc,即P≥Q.
B
3.设a1,a2,a3为正数,E=++,F=a1+a2+a3,则E,F的关系是( )
A.E<
FB.E≥F
C.E≤FD.E>
F
不妨设a1≥a2≥a3>
0,于是0<
≤≤,
a2a3≤a3a1≤a1a2.
由排序不等式:
顺序和≥乱序和得,
++=++
≥·
a1a3+·
a2a3+·
a1a2
=a1+a3+a2,
即++≥a1+a2+a3.
4.(1+1)……的取值范围是( )
A.(21,+∞)B.(61,+∞)
C.(4,+∞)D.(3n-2,+∞)
令A=(1+1)…
=×
×
…×
,
B=×
C=×
由于>
,>
,…
所以A>
B>
C>
0.所以A3>
A·
B·
C.
由题意知3n-2=61,所以n=21.
又因为A·
C=3n+1=64,所以A>
4.
二、填空题
5.若a,b,c均是正实数,则++________a+b+c.
0,则bc≤ca≤ab,
≤≤.
∴++≥++=a+b+c.
≥
6.设正实数a1,a2,…,an的任一排列为a1′,a2′,…,an′,则++…+的最小值为________.
不妨设0<
a1≤a2≤a3…≤an,
则≥≥…≥.
其反序和为++…+=n,
则由乱序和不小于反序和知
++…+≥++…+=n,
∴++…+的最小值为n.
n
7.设a1,a2,a3,a4是1,2,3,4的一个排序,则a1+2a2+3a3+4a4的取值范围是________.
a1+2a2+3a3+4a4的最大值为12+22+32+42=30.
最小值为1×
4+2×
3+3×
2+4×
1=20.
∴a1+2a2+3a3+4a4的取值范围是[20,30].
[20,30]
8.已知:
a+b+c=1,a、b、c为正数.则++的最小值是________.
不妨设a≥b≥c.∴≥≥.
∴++≥++.①
++≥++.②
①+②得++≥,
∴++≥.
三、解答题
9.已知a,b,c∈R+,求证:
a+b+c≤++≤++.
0,则a2≥b2≥c2,≥≥.
由排序不等式,可得a2·
+b2·
+c2·
≥a2·
,①
a2·
.②
由(①+②)÷
2,可得
++≥a+b+c.
又因为a≥b≥c>
0,所以a3≥b3≥c3,≥≥.
由排序不等式,得
a3·
+b3·
+c3·
≥a3·
.③
.④
由(③+④)÷
++≥++.
综上可知原式成立.
10.设a,b,c均为正实数,求证:
++≤.
0.
由不等式的单调性,知≥≥,
而≥≥.
由不等式的性质,知a5≥b5≥c5.
根据排序原理,知
=++.
又由不等式的性质,知a2≥b2≥c2,≥≥.
由排序原理,得
++≥++=++.
由不等式的传递性,知
++≤++=.
11.设a,b,c为某一个三角形的三条边,a≥b≥c,求证:
(1)c(a+b-c)≥b(c+a-b)≥a(b+c-a);
(2)a2(b+c-a)+b2(c+a-b)+c2(a+b-c)≤3abc.
(1)用比较法:
c(a+b-c)-b(c+a-b)
=ac+bc-c2-bc-ab+b2
=b2-c2+ac-ab
=(b+c)(b-c)-a(b-c)
=(b+c-a)(b-c).
因为b≥c,b+c-a>
于是c(a+b-c)-b(c+a-b)≥0,
即c(a+b-c)≥b(c+a-b).①
同理可证b(c+a-b)≥a(b+c-a).②
综合①②,证毕.
(2)由题设及
(1)知
a≥b≥c,a(b+c-a)≤b(c+a-b)≤c(a+b-c),
于是由排序不等式:
反序和≤乱序和,得
a2(b+c-a)+b2(c+a-b)+c2(a+b-c)
≤ab(b+c-a)+bc(c+a-b)+ca(a+b-c)
=3abc+ab(b-a)+bc(c-b)+ca(a-c).①
再一次由反序和≤乱序和,得
≤ac(b+c-a)+ba(c+a-b)+cb(a+b-c)
=3abc+ac(c-a)+ab(a-b)+bc(b-c).②
将①和②相加再除以2,得
a2(b+c-a)+b2(c+a-b)+c2(a+b-c)≤3abc.
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