学年湖北省枣阳市高级中学高一下学期期中考试数学试题Word文档格式.docx
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A.B.C.D.
8.在中,如果,那么等于()
A. B. C.D.
9.等差数列的值为()
A.66B.99C.144D.297
10.等差数列的值为()
11.已知数列是公比为2的等比数列,若,则=()
A.1B.2C.3D.4
12.数列满足并且。
则数列的第100项为()
第II卷(非选择题)
二、填空题(本大题共4个小题,每题5分,满分20分)
13.在锐角中,,三角形的面积等于,则的长为___________.
14.设在的内角的对边分别为且满足,则
.
15.已知数列中,,,则=___________.
16.循环小数化成分数为__________.
三、解答题(70分)
17.(本题12分)在中,已知内角,边.设内角,面积为.
(1)若,求边的长;
(2)求的最大值.
18.(本题12分)已知的三个内角成等差数列,它们的对边分别为,且满足,.
(1)求;
(2)求的面积.
19.(本题12分)已知函数其中在中,分别是角的对边,且.
(1)求角A;
(2)若,,求的面积.
20.(本题12分)已知等比数列{an}满足:
a1=2,a2•a4=a6.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)记数列bn=,求该数列{bn}的前n项和Sn.
21.(本题12分)已知数列的各项均为正数,是数列的前n项和,且.
(1)求数列的通项公式;
(2)的值.
22.(本题10分)等差数列中,,(),是数列的前n项和.
(2)设数列满足(),求的前项和.
参考答案
1.D
【解析】
试题分析:
欲求,只需自身平方再开方即可,这样就可出现两向量的模与数量积,最后根据数量积公式解之即可..
解:
∵向量、的夹角为60°
,且,,
∴•=1×
2×
cos60°
=1
∴|2﹣|===2
故选D.
点评:
本题主要考查了向量的数量积的概念,以及向量的模的求法,属于向量的综合运算,同时考查了计算能力,属于基础题.
2.A
因为最小值为-2,可知y=-2与f(x)两个相邻公共点之间的距离就是一个周期,于是,即ω=2,即
令,k∈Z,解得x∈,选A
考点:
三角函数恒等变形,三角函数的图象及周期、最值、单调性.
3.A
【解析】因为,所以,向量,围成一等边三角形,=600,
平分,故与的夹角为300,选A.
平面向量的线性运算,平面向量的夹角.
4.A
5.A
由正弦定理得,即。
正弦定理的运用
6.A.
由,结合正弦定理可得,,由余弦定理可得,所以.所以是钝角三角形.
余弦定理的应用;
三角形的形状判断.
7.A
由正弦定理可得,。
故A正确。
正弦定理。
8.B
由可得即,又由余弦定理可得,所以即,因为,所以,选B.
余弦定理.
9.B
【解析】由已知及等差数列的性质得,
所以,选B.
等差数列及其性质,等差数列的求和公式.
10.B
11.B
由等比数列的通项公式得,所以。
等比数列的通项公式
12.D
由等差数列的定义可知数列为等差数列首项为,公差为,所以数列的通项公式为,所以.所以.故D正确.
1等差中项;
2等差数列的通项公式.
13.
已知三角形的两条边长,要求第三边,一般可用余弦定理,则必须求得已知两边的夹角,那么三角形的面积我们选用公式,可得,从而得,再由余弦定理可得结论.
三角形的面积公式与余弦定理.
14.4
由正弦定理可得,即.
1正弦定理;
2两角和差公式,
15.
这是一个等差数列,已知条件中有其公差,首项为,通项公式为.
等差数列的通项公式.
16.
由题意.
无穷递缩等比数列的和.
17.
(1).
(2)取得最大值.
(1)由正弦定理即可得到.
(2)由的内角和,及正弦定理得到,将化简为
根据角的范围得到
时,取得最大值.
试题解析:
(1)由正弦定理得:
.6分
(2)由的内角和,,
由8分
=
10分
因为,
当即时,取得最大值.14分
正弦定理的应用,和差倍半的三角函数.
18.
(1);
(2).
(1)由成等差数列及可知,。
再由正弦定理变形可知,,结合,可求得,;
由
(1)结合两角和的正弦公式,可知,再由正弦定理,可知,
从而,则.
(1)∵,,成等差数列,∴,
又∵,∴,2分
由正弦定理,可知,
∴,4分
∵,∴,,综上,;
6分
(2),8分
由,
得,10分
∴.12分
1.正弦定理解三角形;
2.三角恒等变形.
19.
(1)
(2)
(1)根据向量的数量积运算可得函数的解析式.然后将代入可得.
(2)根据题中所给条件以及角,利用余弦定理,联立可得.最后根据求得面积.
(1)因为,且.
所以,可得或.
解得或(舍)
(2)由余弦定理得,整理得
联立方程解得或。
所以
向量的数量积运算;
三角函数特殊角;
余弦定理;
三角形面积公式.
20.
(1)=2n
(2)Sn=
(1)设等比数列{an}的公比为q,根据等比数列的通项公式和条件,列出关于q的方程求出q,再代入化简即可;
(2)由
(1)求出a2n﹣1、a2n+1的表达式,代入化简后裂项,代入数列{bn}的前n项和Sn,利用裂项相消法进行化简.
(1)设等比数列{an}的公比为q,
由a1=2,a2•a4=a6得,(2q)(2q3)=2q5,
解得q=2,
则=2n,
(2)由
(1)得,,,
∴=
=,
则Sn=b1+b2+b3+…+bn
=(1﹣
==
本题考查了等比数列的通项公式,对数的运算,以及裂项相消法求数列的前n项和,属于中档题.
21.
(1).
(2)。
(1)令n=1,解出a1=3,(a1=0舍),
由4Sn=an2+2an-3①
及当时4sn-1=+2an-1-3②
①-②得到,
确定得到是以3为首项,2为公差的等差数列.
(2)利用“错位相减法”求和.
(1)当n=1时,解出a1=3,(a1=0舍)1分
又4Sn=an2+2an-3①
当时4sn-1=+2an-1-3②
①-②,即,
∴,4分
(),
是以3为首项,2为公差的等差数列,
.6分
(2)③
又④
④-③
12分
等差数列及其求和,等比数列的求和,“错位相减法”.
22.
(1),;
(1)由等差数列,,从而可将条件中的关系式转化为关于公差的方程:
,再由等差数列的通项公式及前项和公式可知:
,;
(2)根据关系式可知,
当时,,验证当时,也有上述关系式,因此数列的通项公式为,其通项公式为一个等差数列与一个等比数列的乘积,考虑采用错位相减法求其前项和:
,
,即.
(1)设的公差为.由知,
,2分
∴,;
4分
(2)由,可知,∴,5分
当时,,
当时,也符合,综上,(),8分
∴,12分
即.13分
1.等差数列的通项公式及其前项和;
2.数列的通项公式与错位相减法求数列的和.
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