解析版广东省深圳市届高三第二次调研考试Word文档下载推荐.docx
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撤去外力,木块开始运动,离开弹簧后,沿斜面向上滑到某一位置后,不再滑下,则
A.木块重力势能的增加量为100J
B.木块运动过程中,斜面体的支持力对木块做功不为零
C.木块、斜面体和弹簧构成的系统,机械能守恒
D.最终,木块和斜面体以共同速度向右匀速滑行
【答案】B
【解析】因为到达最高点后,木块不再下滑,所以木块必受斜面给的摩擦力作用,斜面体受到木块给的斜向右上的摩擦力作用,该力在水平方向上有一个分力,故斜面体向右运动,木块相对地面在水平方向上有位移,所以斜面体对物块的支持力与水平位移夹角不垂直,故斜面体的支持力对木块做功不为零,木块、斜面体和弹簧构成的系统,有摩擦力做功,所以机械能不守恒,B正确C错误;
将弹簧,木块和斜面体看做一个整体,整体在水平方向上受力为零,所以系统动量守恒,释放弹簧前系统动量为零,故释放弹簧后系统动量仍旧为零,即木块和斜面体最后静止,所以弹簧的弹性势能转化为系统的内能(克服摩擦力做功)以及木块的重力势能,即木块重力势能的增加量小于100J,AD错误.
3.遐想在地球赤道上有一颗苹果树,其高度超过了地球同步卫星轨道的高度。
树上若有质量相等的三个苹果A、B、C,其高度分别低于、等于、高于地球同步卫星轨道高度。
则下列说法正确的是
A.苹果A的线速度最大
B.苹果B所需向心力小于苹果A所需向心力
C.苹果C离开苹果树时加速度减小
D.苹果C脱离苹果树后,可能会落向地面
【解析】三者的角速度相同,根据
可知苹果C的线速度最大,A错误;
根据
可知半径越大,向心力越大,故苹果B所需向心力大于苹果A所需向心力,B错误;
由于C苹果的角速度和同步卫星的角速度相同,而根据
可知轨道半径越大,角速度越小,所以C所在轨道的的角速度大于该轨道所需的角速度,故做离心运动,所以苹果脱离苹果树后,根据
可知轨道半径变化,加速度减小,飞向茫茫宇宙,C正确D错误.
4.如图所示,在竖直平面内,一光滑杆固定在地面上,杆与地面间夹角为θ,一光滑轻环套在杆上。
一个轻质光滑的滑轮(可视为质点)用轻至绳OP悬挂在天花板上,另一轻绳通过滑轮系在轻环上,现用向左的拉力缓慢拉绳,当轻环静止不动时,与手相连一端绳子水平,则OP绳与天花板之间的夹角为
A.
B.θC.
+
D.
-
【答案】D
【解析】试题分析:
水平向右缓慢拉绳至轻环重新静止,则环处于静止状态,对环受力分析,由于不考虑重力,则有绳子的拉力垂直于杆的方向时,圆环能保持静止;
再对滑轮受力分析,根据平衡条件确定OP段绳子的拉力方向.
只有绳子的拉力垂直于杆的方向时,绳子的拉力沿杆的方向没有分力,此时圆环能保持静止,由几何关系可知,QP段绳子与竖直方向之间的夹角是;
再对滑轮分析,受三个拉力,由于OP段绳子的拉力与另外两个拉力的合力平衡,而另外两个拉力大小相等,故PO在另外两个拉力的角平分线上,结合几何关系可知,OP与竖直方向的夹角为
,D正确
5.如图所示,在垂直纸面向里、磁感应强度B=2T的匀强磁场中,有一长度L=5m的细圆筒,绕其一端O在纸面内沿逆时针方向做角速度ω=60rad/s的匀速圆周运动。
另端有一粒子源,能连续不断相对粒子源沿半径向外发射速度为ν=400m/s的带正电粒子。
已知带电粒子的电量q=2.5×
10-6C,质量m=3×
10-8kg,不计粒子间相互作用及重力,打在圆筒上的粒子均被吸收,则带电粒子在纸面内所能到达的范围面积S是
A.48πm2B.9πm2C.49πm2D.16πm2
【答案】A
【解析】发射粒子时,粒子沿半径方向的速度为v=400m/s,粒子随细圆筒做圆周运动,垂直半径方向的速度为ωL=300m/s;
故粒子速度为v'
=500m/s,粒子速度方向与径向成
;
粒子在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力做向心力,故有:
所以,运动半径为:
根据左手定则可知:
粒子做圆周运动也是沿逆时针方向运动;
根据几何关系,粒子做圆周运动的圆心到O的距离为s=4m
故带电粒子在纸面内所能到达的范围为内径为s﹣R=1m,外径为s+R=7m的环形区域;
故带电粒子在纸面内所能到达的范围面积为:
S=π(7)2﹣π
(1)2(m2)=48πm2,故A正确,BCD错误;
故选:
A。
6.内径为2R、高为H的圆简竖直放置,在圆筒内壁上边缘的P点沿不同方向水平抛出可视为质点的三个完全相同小球A、B、C。
它们初速度方向与过P点的直径夹角分别为30°
、0°
和60°
大小均为v0,已知v02>
。
从抛出到第一次碰撞筒壁,不计空气阻力,则下列说法正确的是
A.三小球运动时间之比tA︰tB︰tC=
︰2︰1
B.三小球下落高度之比hA︰hB︰hC=2︰
︰1
C.重力对三小球做功之比WA︰WB︰WC=3︰4︰1
D.重力的平均功率之比PA︰PB︰PC=2︰3︰1
【答案】AC
【解析】因为三个小球都碰壁,说明没有下落到底部,小球在水平方向上做匀速直线运动,根据几何知识可知三个球的水平位移
,
,而所用时间
,A正确;
在竖直方向上做自由落体运动,三小球下落高度之比
,B错误;
重力对小球做功
,故
,C正确;
重力的平均功率
,D错误.
7.图a中理想变压器的原线圈依次接入如图b所示的甲、乙两个正弦交流电源。
接电源甲后,调节滑动变阻器滑片位置使小灯泡A正常发光,灯泡的功率及电流频率分别为P1、f1;
保持滑片位置不变,改用电源乙,小灯泡的功率及电流频率分别为P2,f2,则
A.f1︰f2=3︰2B.P1︰P2=2︰1
C.若将变阻器滑片向左移动,电源乙可能使小灯泡正常发光D.若将变压器动片P向下移动,电源乙可能使小灯泡正常发光
【答案】AD
【解析】变压器不改变交流电的频率,从图b中可知
,即
,所以
从图b中可知甲乙两个电源的电动势最大值比为2:
1,所以两种情况下副线圈两端的电压有效值比为2:
1,所以两种情况下通过灯泡的电流比为2:
1,根据
可知
若将变阻器滑片向左移动,滑动变阻器连入电路的电阻增大,通过灯泡的电流更小了,所以不可能使小灯泡正常发光,C错误;
若将变压器动片P向下移动,即
减小,根据
增大,即副线圈两端电压增大,故电源乙可能使小灯泡正常发光,D正确.
8.两个完全相同的平行板电容器C1、C2水平放置,如图所示。
电键S闭合时,两电容器中间各有一油滴A、B刚好处于静止状态。
现将S断开,将C2下极板向上移动少许,然后再次闭合S,则下列说法正确的是
A.两油滴的质量相等,电性相反
B.断开电键,移动C2下极板过程中,B所在位置的电势不变
C.再次闭合S瞬间,通过电键的电流可能从上向下
D.再次闭合电键后,A向下运动,B向上运动
【答案】BCD
【解析】当S闭合时,左边电容的上极板和右边电容的下极板相连,即两个极板的电势相等,又因为其他两个极板都接地,电势相等,故两极板间的电势差的绝对值相等,根据
,由于不知道两油滴的电荷量,故两个油滴的质量不一定相等,若
上极板带正电,则
电场方向竖直向下,A液滴应受到竖直向上的电场力,故带负电,
下极板带正电,则
电场方向竖直向上,B滴液应受到竖直向上的电场力,所以带正电,电性相反;
若
上极板带负电,则
电场方向竖直向上,A液滴应受到竖直向上的电场力,故带正电,
下极板带负电,则
电场方向竖直向下,B滴液应受到竖直向上的电场力,所以带负电,电性相反,总之两油滴的电性相反,A错误;
断开电键,移动
下极板过程中,两极板所带电荷量相等,根据
联立可得
,两极板间的电场强度大小和两极板间的距离无关,故电场强度恒定,所以B的受力不变,故仍处于静止状态,到上极板(零电势)的距离不变,根据
可知B点的电势不变,B正确;
S断开,将C2下极板向上移动少许,根据
增大,根据
可知U减小,即
下极板电势降低,再次闭合S瞬间,
上极的电势大于
下极板电势,通过电键的电流可能从上向下,稳定后,根据
电容两极板间的电势差减小,电场强度减小,A向下运动,
两极板间的电势差增大,电场强度增大,B向上运动,CD正确.
9.某同学从实验室天花板处自由释放一钢球,用频闪摄影手段验证机械能守恒。
频闪仪每隔相等时间短暂闪光一次,照片上记录了钢球在各个时刻的位置。
(1)操作时比较合理的做法是___________。
A.先打开频闪仪再释放钢球B.先释放钢球再打开频闪仪
(2)频闪仪闪光频率为f,拍到整个下落过程中的频闪照片如图(a),结合实验场景估算f可能值为
A.0.1HZB.1HzC.10HzD.100Hz
(3)用刻度尺在照片上测量钢球各位置到释放点O的距离分别为s1、s2、s3、s4、s5、s6、s7、s8及钢球直径,重力加速度为g。
用游标卡尺测出钢球实际直径D,如图(b),则D=_______cm。
已知实际直径与照片上钢球直径之比为k。
(4)选用以上各物理量符号,验证从O到A过程中钢球机械能守恒成立的关系式为:
2gs5=______________。
【答案】
(1).A
(2).C(3).4.55
【解析】
(1)为了记录完整的过程,应该先打开闪频仪再释放钢球,A正确;
(2)天花板到地板的高度约为3m,小球做自由落体运动,从图中可知经过8次闪光到达地面,故有
,解得
(3)游标卡尺的读数为
(4)到A点的速度为
,根据比例关系可知,到A点的实际速度为
,因为小球下落实际高度为
,代入
可得
10.有一只量程不清、刻度盘刻度清晰的电流表
,某物理小组设计如图(a)所示电路测定其内阻,所用电源内阻可以忽略。
(1)请根据原理图将图(b)实物连线完整。
(2)先闭合开关S1(S2断开),调节R2,当R2=350.0Ω时,电流表刚好满偏:
再闭合S2,保持R2不变,调节R1=100.0Ω时,电流表半偏。
(3)由此可以计算出电流表内阻为rA=__________Ω。
若已知电源电动势E=3.0V,则该电流表量程为0~__________mA(结果保留1位有效数字)。
(4)实际电源内阻不可忽略,由此导致以上电流表内阻测量值rA与其真实值rA′存在误差,则rA__________rA′(填“>
”“=”或“<
”)。
这种误差属于_________(填“偶然误差”或者“系统误差”)。
【答案】
(1).
(1)见解析
(2)100
(2).6.7(3
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- 解析 广东省 深圳市 届高三 第二次 调研 考试