高考文数53等比数列及其前n项和Word文件下载.docx
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(其中b,p,q是非零常数)也是等比数列.
(4)Sm+n=Sn+qnSm=Sm+qmSn.
(5)当q≠-1或q=-1且k为奇数时,Sk,S2k-Sk,S3k-S2k,…是等比数列,公比为qk.当q=-1且k为偶数时,Sk,S2k-Sk,S3k-S2k,…不是等比数列.
(6)若a1·
a2·
…·
an=Tn,则Tn,
,
,…成等比数列.
(7)若数列{an}的项数为2n,则
=q;
若项数为2n+1,则
=q.
[诊断自测]
1.概念思辨
(1)如果{an}为等比数列,bn=a2n-1+a2n,则数列{bn}也是等比数列.( )
(2)如果数列{an}为等比数列,则数列{lnan}是等差数列.( )
(3)在等比数列{an}中,如果m+n=2k(m,n,k∈N*),那么am·
an=a
.( )
(4)数列{an}的通项公式是an=an,则其前n项和为Sn=
答案
(1)×
(2)×
(3)√ (4)×
2.教材衍化
(1)(必修A5P53T1)若等比数列{an}满足a1+a3=20,a2+a4=40,则公比q=( )
A.1B.2C.-2D.4
答案 B
解析 由题意,得
解得
故选B.
(2)(必修A5P56例1)设{an}是公比为正数的等比数列,若a1=1,a5=16,则数列{an}的前7项和为________.
答案 127
解析 a5=a1q4得q=2,
所以S7=
=127.
3.小题热身
(1)(2018·
华师一附中联考)在等比数列{an}中,a2a3a4=8,a7=8,则a1=( )
A.1B.±
1C.2D.±
2
答案 A
解析 因为数列{an}是等比数列,所以a2a3a4=a
=8,所以a3=2,所以a7=a3q4=2q4=8,所以q2=2,a1=
=1.故选A.
(2)(2018·
安徽芜湖联考)在等比数列{an}中,a3=7,前3项之和S3=21,则公比q的值为( )
A.1B.-
C.1或-
D.-1或
答案 C
解析 根据已知条件得
②÷
①得
=3.整理得2q2-q-1=0,解得q=1或q=-
.故选C.
题型1 等比数列基本量的运算
(2017·
广东惠州第二次调研)已知{an}为等比数列,a4+a7=2,a5a6=-8,则a1+a10=( )
A.7B.5C.-5D.-7
方程组法.
答案 D
解析 由a5a6=a4a7,得a4a7=-8,解
得a4=4,a7=-2或a4=-2,a7=4,
∴q3=-
或q3=-2.
当q3=-
时,a1+a10=
+a4q6
+4×
2=-7;
当q3=-2时,a1+a10=
+(-2)·
(-2)2=-7.故选D.
金凤区四模)设等比数列{an}的前n项和为Sn,若S5=10,S10=50,则S20等于( )
A.90B.250C.210D.850
方程思想即“知三求二”.
解析 由题意数列的公比q≠1,设首项为a1,则
∵S5=10,S10=50,
∴
=10,
=50,
∴两式相除可得1+q5=5,∴q5=4,
=-
∴S20=
·
(1-256)=850.故选D.
方法技巧
等比数列的基本运算方法及数学思想
1.等比数列的基本运算方法
(1)对于等比数列问题一般要给出两个条件,可以通过列方程(组)求出a1,q.如果再给出第三个条件就可以完成an,a1,q,n,Sn的“知三求二”问题.
(2)对称设元法:
一般地,连续奇数个项成等比数列,可设为…,
,x,xq,…;
连续偶数个项成等比数列,可设为…,
,xq,xq3,…(注意:
此时公比q2>
0,并不适合所有情况)这样即可减少未知量的个数,也使得解方程较为方便.
2.基本量计算过程中涉及的数学思想方法
(1)方程思想,即“知三求二”.
(2)分类讨论思想,即分q=1和q≠1两种情况,此处是常考易错点,一定要引起重视.
(3)整体思想.应用等比数列前n项和时,常把qn,
当成整体求解.见典例2.
冲关针对训练
(2017·
江苏高考)等比数列{an}的各项均为实数,其前n项和为Sn.已知S3=
,S6=
,则a8=________.
答案 32
解析 设{an}的首项为a1,公比为q,
当q=1时,显然不符合题意,舍去;
当q≠1时,由等比数列前n项和公式可得
所以a8=
×
27=25=32.
题型2 等比数列的判断与证明
已知数列{an}的前n项和为Sn,且对任意的n∈N*有an+Sn=n.
(1)设bn=an-1,求证:
数列{bn}是等比数列;
(2)设c1=a1且cn=an-an-1(n≥2),求{cn}的通项公式.
本题用定义法.
解
(1)证明:
由a1+S1=1及a1=S1,得a1=
又由an+Sn=n及an+1+Sn+1=n+1,得
an+1-an+an+1=1,∴2an+1=an+1.
∴2(an+1-1)=an-1,即2bn+1=bn.
∴数列{bn}是以b1=a1-1=-
为首项,
为公比的等比数列.
(2)由
(1)知2an+1=an+1.∴2an=an-1+1(n≥2).
∴2an+1-2an=an-an-1.∴2cn+1=cn(n≥2).
又c1=a1=
,a2+a1+a2=2,∴a2=
∴c2=
-
,c2=
c1.
∴数列{cn}是首项为
,公比为
的等比数列.
∴cn=
n-1=
n.
[条件探究] 将典例条件“an+Sn=n”变为“a1=1,Sn+1=4an+2,若bn=an+1-2an”,
(1)求证{bn}是等比数列,并求{an}的通项公式;
(2)若cn=
,证明{cn}为等比数列.
解
(1)an+2=Sn+2-Sn+1=4an+1+2-4an-2=4an+1-4an.
=2,
∴数列{bn}是公比为2的等比数列,首项为a2-2a1.
∵S2=a1+a2=4a1+2,
∴a2=5,∴b1=a2-2a1=3.
bn=3·
2n-1=an+1-2an,
=3.
∴数列
是等差数列,公差为3,首项为2.
=2+(n-1)×
3=3n-1.
∴an=(3n-1)·
2n-2.
(2)证明:
由
(1)知an=(3n-1)·
2n-2,所以cn=2n-2.
所以
=2.又c1=
所以数列{cn}是首项为
,公比为2的等比数列.
等比数列的判定方法
1.定义法:
若
=q(q为非零常数,n∈N*)或
=q(q为非零常数且n≥2,n∈N*),则{an}是等比数列.见典例.
2.等比中项公式法:
若数列{an}中,an≠0且a
=an·
an+2(n∈N*),则数列{an}是等比数列.
3.通项公式法:
若数列通项公式可写成an=c·
qn(c,q均是不为0的常数,n∈N*),则{an}是等比数列.
4.前n项和公式法:
若数列{an}的前n项和Sn=k·
qn-k(k为常数且k≠0,q≠0,1),则{an}是等比数列.
提醒:
(1)前两种方法是判定等比数列的常用方法,常用于证明;
后两种方法常用于选择题、填空题中的判定.
(2)若要判定一个数列不是等比数列,则只需判定存在连续三项不成等比数列即可.
(2016·
全国卷Ⅲ)已知数列{an}的前n项和Sn=1+λan,其中λ≠0.
(1)证明{an}是等比数列,并求其通项公式;
(2)若S5=
,求λ.
解
(1)由题意得a1=S1=1+λa1,
故λ≠1,a1=
,a1≠0.
由Sn=1+λan,Sn+1=1+λan+1得an+1=λan+1-λan,即an+1(λ-1)=λan.由a1≠0,λ≠0得an≠0,所以
因此{an}是首项为
的等比数列,于是an=
n-1.
(2)由
(1)得Sn=1-
由S5=
得1-
5=
即
解得λ=-1.
题型3 等比数列前n项和及性质的应用
角度1 等比数列性质的综合应用
(2015·
安徽高考)已知数列{an}是递增的等比数列,a1+a4=9,a2a3=8,则数列{an}的前n项和等于________.
答案 2n-1
解析 由已知得,a1a4=a2a3=8,又a1+a4=9,则
或
又数列{an}是递增的等比数列,∴a1<a4,∴a1=1,a4=8,从而q3=
=8,即q=2,则前n项和Sn=
=2n-1.
角度2 等比数列的前n项和
各项均为正数的等比数列{an}的前n项和为Sn,若Sn=2,S3n=14,则S4n等于( )
A.80B.30C.26D.16
q≠1,Sn,S2n-Sn,S3n-S2n成等比数列.
解析 由题意知公比大于0,由等比数列性质知Sn,S2n-Sn,S3n-S2n,S4n-S3n,…仍为等比数列.
设S2n=x,则2,x-2,14-x成等比数列.
由(x-2)2=2×
(14-x),
解得x=6或x=-4(舍去).
∴Sn,S2n-Sn,S3n-S2n,S4n-S3n,…是首项为2,公比为2的等比数列.
又∵S3n=14,
∴S4n=14+2×
23=30.故选B.
角度3 等差数列与等比数列的综合
湖南高考)设Sn为等比数列{an}的前n项和.若a1=1,且3S1,2S2,S3成等差数列,则an=________.
采用方程思想方法.
答案 3n-1
解析 设等比数列{an}的公比为q(q≠0),依题意得a2=a1q=q,a3=a1q2=q2,S1=a1=1,S2=1+q,S3=1+q+q2.又3S1,2S2,S3成等差数列,所以4S2=3S1+S3,即4(1+q)=3+1+q+q2,解得q=3(q=0舍去).所以an=a1qn-1=3n-1.
1.在解答等比数列的有关问题时,为简化解题过程常常利用等比数列项的如下性质:
(1)通项公式的推广:
an=amqn-m;
(2)等比中项的推广与变形:
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