高中物理4动量动量守恒定律1.docx

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高中物理4动量动量守恒定律1

第四单　[例题分元：

动量、动量守恒定律

　　在本单元知识应用的过程中，初学者常犯的错误主要表现在：

只注意力或动量的数值大小，而忽视力和动量的方向性，造成应用动量定理和动量守恒定律一列方程就出错；对于动量守恒定律中各速度均为相对于地面的速度认识不清。

对题目中所给出的速度值不加分析，盲目地套入公式，这也是一些学生常犯的错误。

　　例1、从同样高度落下的玻璃杯，掉在水泥地上容易打碎，而掉在草地上不容易打碎，其原因是：

[]

　　A．掉在水泥地上的玻璃杯动量大，而掉在草地上的玻璃杯动量小

　　B．掉在水泥地上的玻璃杯动量改变大，掉在草地上的玻璃杯动量改变小

　　C．掉在水泥地上的玻璃杯动量改变快，掉在草地上的玻璃杯动量改变慢

　　D．掉在水泥地上的玻璃杯与地面接触时，相互作用时间短，而掉在草地上的玻璃杯与地面接触时间长。

　　　　例2、把质量为10kg的物体放在光滑的水平面上，如图5－1所示，在与水平方向成53°的N的力F作用下从静止开始运动，在2s内力F对物体的冲量为多少？

物体获得的动量是多少？

　　　　　　例3、在距地面高为h，同时以相等初速V0分别平抛，竖直上抛，竖直下抛一质量相等的物体m，当它们从抛出到落地时，比较它们的动量的增量△P，有[]

　　A．平抛过程较大　　　　B．竖直上抛过程较大

　　C．竖直下抛过程较大　　D．三者一样大

　　　例4、向空中发射一物体．不计空气阻力，当物体的速度恰好沿水平方向时，物体炸裂为a,b两块．若质量较大的a块的速度方向仍沿原来的方向则[]

　　A．b的速度方向一定与原速度方向相反

　　B．从炸裂到落地这段时间里，a飞行的水平距离一定比b的大

　　C．a，b一定同时到达地面

　　D．炸裂的过程中，a、b中受到的爆炸力的冲量大小一定相等

　　　例5、一炮弹在水平飞行时，其动能为

=800J，某时它炸裂成质量相等的两块，其中一块的动能为

=625J，求另一块的动能

　　　　例6、如图5－3所示，一个质量为M的小车置于光滑水平面。

一端用轻杆AB固定在墙上，一个质量为m的木块C置于车上时的初速度为v0。

因摩擦经t秒木块停下，（设小车足够长），求木块C和小车各自受到的冲量。

　　【错解分析】错解：

以木块C为研究对象，水平方向受到向右的摩擦力f，以v0）。

为正方向，由动量定理有：

-ft=0=mv0所以I木=ft=mv0

　　所以，木块C受的冲量大小为mv0，方向水平向右。

　　又因为小车受到的摩擦力水平向左，大小也是f（牛顿第三定律）。

所以小车受到的冲量I车=ft=mv0,大小与木块受到的冲量相等方向相反，即水平向左。

　　主要是因为对动量定理中的冲量理解不深入，动量定理的内容是：

物体所受合外力的冲量等于它的动量的变化量。

数学表达式为I合=P2－P1，等式左侧的冲量应指合外力的冲量。

在上述解答中，求木块C受到的冲量为mv0是正确的。

因为C受到的合外力就是f（重力mg与支持力N互相平衡），但小车的冲量就错了。

因为小车共受5个力：

重力Mg，压力N=mg，支持力N′[N′=（m＋M）g]，摩擦力f'和AB杆对小车的拉力T，且拉力T=f'，所以小车所受合力为零，合力的冲量也为零。

　　【正确解答】以木块C为研究对象，水平方向受到向右的摩擦力f，以V0为正方向,由动量定理有：

－ft=0－mv0∴I木=f·t=mv0

　　所以，木块C所受冲量为mv0，方向向右。

对小车受力分析，竖直方向N′=Mg＋N=（M＋m）g，水平方向T=f′，所以小车所受合力为零，由动量定理可知，小车的冲量为零。

　　从动量变化的角度看，小车始终静止没动，所以动量的变化量为零，所以小车的冲量为零。

　　正确答案是木块C的冲量为mv0，方向向右。

小车的冲量为零。

　　【小结】在学习动量定理时，除了要注意动量是矢量，求动量的变化△P要用矢量运算法则运算外，还要注意F·t中F的含义，F是合外力而不是某一个力。

　　参考练习：

质量为100g的小球从0.8m高处自由落下到一厚软垫上，若从小球接触软垫到小球陷至最低点经历了0.20s，则这段时间软垫对小球的冲量为______（g=10m/s2，不计空气阻力）。

（答案为o.6N·s）

　　例7、总质量为M的装砂的小车，正以速度v0在光滑水平面上前进、突然车底漏了，不断有砂子漏出来落到地面，问在漏砂的过程中，小车的速度是否变化？

　　【错解分析】错解：

质量为m的砂子从车上漏出来，漏砂后小车的速度为v由动量守恒守律：

Mv0=（M－m）v

　　上述解法错误的主要原因在于研究对象的选取，小车中砂子的质量变了，即原来属于系统内的砂子漏出后就不研究了。

这样，所谓系统的初状态及末状态的含义就变了。

实际情况是，漏掉的砂子在刚离开车的瞬间，其速度与小车的速度是相同的，然后做匀变速运动（即平抛）

　　【正确解答】质量为m的砂子从车上漏出来，漏砂后小车的速度为V由动量守恒定律：

Mv0=mv＋（M－m）v

　　解得：

v=v0即砂子漏出后小车的速度是不变的。

　　【小结】用动量守恒定律时，第一个重要的问题就是选取的系统。

当你选定一个系统（此题为小车及车上的全部砂子）时，系统的初末状态都应该对全系统而言，不能在中间变换系统。

　　例8、一绳跨过定滑轮，两端分别栓有质量为M1，M2的物块（M2＞M1如图5－4），M2开始是静止于地面上，当M1自由下落H距离后，绳子才被拉紧，求绳子刚被拉紧时两物块的速度。

　　【错解分析】错解：

M1自由下落H距离时，速度v1=

。

在M1和M2组成的系统中，它们相互作用前后的动量守恒。

当绳子刚被拉紧时，设M1，M2的共同速度为v，

　　实际上，上述结果是正确的，但在解题过程中，出现了两个错误。

其一，没有认真分析绳子拉紧前后的动量守恒条件。

实际上由M1，M2组成的系统除了受重力外，还要受到滑轮轴心竖直向上的支持力作用，而这个支持力不等于M1+M2的重力，所以系统所受合外力不为零。

不能对整个系统应用动量守恒定律。

其二，即使能应用动量守恒定律，也应认真考虑动量的方向性，M1的方向向下，而M2的方向向上，不能认为M1与M2系统的动量为（M1＋M2）v。

　　【正确解答】M1自由下落H距离时的速度

　　绳子拉紧后的一小段时间△t后，M1与M2具有相同的速率V,M1的速度向下，M2的速度向上。

　　对M1由动量定理，以向上为正方向:

（T1－M1g）△t=－M1v－（－M1v1）②

　　对M2由动量定理，以向上为正方向：

（T2－M2g）△L=M2v－0③

　　因为拉紧过程绳子的拉力远远大于物体的重力，可以认为T1=T2，所

　　【小结】通过本题的分析与解答，我们可以从中得到两点警示。

一是运用物理规律时一定要注意规律的适用条件，这一点要从题目所述的物理过程的特点出发进行分析，而不能“以貌取人”，一看到两物体间相互作用，就盲目地套用动量守恒定律。

二是应用动量守恒定律时，要注意此规律的矢量性，即要考虑到系统内物体运动的方向。

　　例9、在一只静止的小船上练习射击，船、人连同枪（不包括子弹）及靶的总质量为M，枪内装有n颗子弹，每颗质量为m，枪口到靶的距离为l,子弹射出枪口时相对于地面的速度为v，在发射后一颗子弹时，前一颗子弹已陷入靶中，则在发射完n颗子弹后，小船后退的距离为多少？

　　【错解分析】错解：

设第一颗子弹射出后船的后退速度为v′，后退距离为S1，子弹从枪口到靶所用的时间为：

　　对这颗子弹和其他物体构成的系统列动量守恒方程：

mv=[M＋（n－1）m]v′②

　　在时间t内船的后退距离

s1=v′t③

　　子弹全部射出后船的后退距离

s=ns1④

　　联立①②③④解得：

　　【正确解答】设子弹射出后船的后退速度为v′，后退距离为s1=v′t，如图5－5所示，由几何关系可知

l=d+s1即l=v·t+v′t⑤

　　联立②③④⑤解得：

　　【小结】对本题物理过程分析的关键，是要弄清子弹射向靶的过程中，子弹与船运动的关系，而这一关系如果能用图5－5所示的几何图形加以描述，则很容易找出子弹与船间的相对运动关系。

可见利用运动的过程草图，帮助我们分析类似较为复杂的运动关系问题，是大有益处的。

　　例10、如图5－6所示，物体A置于小车B上，A与B之间光滑无摩擦。

它们以共同的速度v前进。

突然碰到障碍物C，将A从车上碰了出去，A被碰回的速度大小也是v。

问：

小车B的速度将怎样变化？

　　【错解分析】错解：

以A，B原来速度方向为正，设小车B后来的速度为v′，根据动量守恒定律，则

（mA+mB）v=mBv′－mAv

　　即：

（mA＋mB＋mA）v=mBv′

　　因为2mA＋mB＞mB

　　所以：

v′＞v（变大）方向为原来的方向。

　　上述错解的主要原因是不注意分析物理规律的适用条件，乱用动量守恒定律而造成的。

　　当我们研究对象为A和B组成的系统时（如上述错解的研究对象）。

在A与障碍物C发生碰撞时，因为C对A的作用力就A与B的系统来说是外力，所以不满足动量守恒条件（不受外力或合外力为零）。

也就是说它们的动量不守恒，不能应用动量守恒定律去计算与讨论。

不加分析地运用动量守恒定律必然导致错误。

　　【正确解答】实际上，在A与C相碰时，由于C对A的作用力的冲量使A的动量发生了变化。

而A与B之间光滑无摩擦。

在水平方向无相互作用力。

所以对B来说，其水平动量是守恒的（实际上也只具有水平动量）。

也就是说，A在水平方向运动的变化不会影响B的运动情况，因此B将以速度v继续前进。

　　【小结】物体间发生相互作用时，选哪个系统为研究对象，这是人为的选择，但要注意，若系统选择不当，则导致对该系统不能应用动量守恒定律来求解，如本题的A，B组成的系统。

因此我们应注意研究对象的选取，使其能满足我们所选用规律的适用条件。

如本题中以B为研究对象，即包含了所求的B的运动情况，而满足了水平方向不受外力，动量守恒的适用条件。

　　例11、如图5－7所示将一光滑的半圆槽置于光滑水平面上，槽的左侧有一固定在水平面上的物块。

今让一小球自左侧槽口A的正上方从静止开始落下，与圆弧槽相切自A点进入槽内，则以下结论中正确的是：

[]

　　A．小球在半圆槽内运动的全过程中，只有重力对它做功

　　B．小球在半圆槽内运动的全过程中，小球与半圆槽在水平方向动量守恒

　　C．小球自半圆槽的最低点B向C点运动的过程中，小球与半圆槽在水平方向动量守恒

　　D．小球离开C点以后，将做竖直上抛运动。

　　【错解分析】错解一：

半圆槽光滑，小球在半圆槽内做圆周运动的全过程中，只受重力和弹力作用，而弹力方向始终与速度方向垂直，所以弹力不做功，则只有重力做功，所以选A。

　　错解二：

由于光滑的半圆槽置于光滑的水平面，所以小球在半圆槽运动的全过程中，小球与半圆槽水平方向不受外力作用，因而系统在水平方向动量守恒，故选B。

　　错解三：

半圆槽槽口的切线方向为竖直方向，因而小球运动到C点时的速度方向竖直向上，所以小球离开C点以后得做竖直上抛运动，故选D。

　　【正确解答】本题的受力分析应与左侧没有物块挡住以及半圆槽固定在水平面上的情况区分开来。

（图5-8）

　　从A→B的过程中，半圆槽对球的支持力N沿半径方向指向圆心，而小球对半圆槽的压力N′方向相反指向左下方，因为有物块挡住，所以半圆槽不会向左运动，情形将与半圆槽固定时相同。

但从B→C的过程中，小球对半圆槽的压力N′方向向右下方，所以半圆槽要向右运动，因而小球参与了两个运动：

一个是沿半圆槽的圆运动，另一个与半圆槽一起向右运动，小球所受支持力N与速度方向并不垂直，所以支持力会做功。

所以A不对。

又因为有物块挡住，在小球运动的全过程，水平方向动量也不守恒，即B也不对。

当小球运动到C点时，它的两个分运动的速度方向如图5－9，并不是竖直向上，所以此后小球做斜上抛运动，即D也不对。

　　正确答案是：

小球在半圆槽内自B→C运动过程中，虽然开始时半圆槽与其左侧物块接触，但已不挤压，同时水平而光滑，因而系统在水平方向不受任何外力作用，故在此过程中，系统在水平方向动量守恒，所以正确答案应选C。

　　【小结】在本题中由于半圆槽左侧有物块将槽挡住，导致了小球从A→B和从B→C两段过程特点的不同，因此在这两个过程中小球所受弹力的方向与其运动方向的关系，及球和槽组成的系统所受合外力情况都发生了变化。

而这一变化导致了两个过程所遵从的物理规律不同，所以具体的解决方法也就不一样了。

通过本题的分析解答，可以使我们看到，对不同的物理过程要做认真细致的具体分析，切忌不认真分析过程，用头脑中已有的模型代替新问题，而乱套公式。

　　例12、在质量为M的小车中挂着一个单摆，摆球的质量为m0，小车（和单摆）以恒定的速度u沿光滑的水平面运动，与位于正对面的质量为m的静止木块发生碰撞，碰撞时间极短，在此碰撞过程中，下列哪些说法是可能发生的？

[]

　　A．小车、木块、摆球的速度都发生变化，分别变为v1、v2、v3，满足：

（M+m0）u=Mv1+mv2+mov3

　　B．摆球的速度不变，小车和木块的速度变为v1和v2，满足：

Mu=Mv1+mv2

　　C．摆球的速度不变，小车和木块的速度都变为v，满足：

Mu=（M+m）v

　　D．小车和摆球的速度都变为v1，木块的速度为v2，满足：

（M+m0）u=（M+m0）v1+mv2

　　【错解分析】错解：

选A，D。

　　选择A，D的一个共同原因，是认为在碰撞的过程中，单摆也参加了碰撞，选A是认为三者发生碰撞，因而各自有一个速度；而选D的同学认为，单摆与小车连在一起，所以两者的速度始终相同，所以，碰前和碰后的关系应满足（M+m0）v=（M+m0）v1+mv2

　　另外还有一种选择，即B，C中只选一种，原因我们放在后面再分析。

　　【正确解答】由于碰撞时间极短，所以单摆相对小车没有发生摆动，即摆线对球的作用力原来是竖直向上的，现在还是竖直向上的，没有水平方向的分力，未改变小球的动量，实际上单摆没有参与这个碰撞过程，所以单摆的速度不发生变化，因此，选项中应排除A，D。

　　因为单摆的速度不变，所以，研究对象也选取小车和木块，水平方向动量守恒，由动量守恒定律

　　Mu=Mv1+mv2即为B选项。

　　由于题目中并没有提供在碰撞过程中能量变化关系，所以也有可能小车和木块合二而一。

因此，C选项也是可能的。

正确答案：

选B，C。

　　【小结】在解决如本题这种多个物体参与相互作用过程的题目时，要认真分析物体的受力情况，把没有参与作用的物体从多个对象中摘出去（如本题的单摆），这样可以避免选错研究对象。

　　例13、如图5－10所示，倾角θ=30°，高为h的三角形木块B，静止放在一水平面上，另一滑块A，以初速度v0从B的底端开始沿斜面上滑，若B的质量为A的质量的2倍，当忽略一切摩擦的影响时，要使A能够滑过木块B的顶端，求V0应为多大？

　　【错解分析】错解：

设滑块A能滑到h高的最小初速度为v，滑块A到达斜面最高点时具有水平分速度为V′，由于水平方向不受外力，所以水平方向动量守恒，由动量守恒定律：

mv0cosθ=mv′＋Mv′①

　　在B的上端点m的合速度为：

　　由动能定理有：

　　主要是对滑块A滑过最高点的临界状态分析不清楚。

实际上，当滑块能够到达最高点时，即其竖直向上的分速度为零，也就是说，在最高点，滑块A只具有水平速度，而不具有竖直速度。

所以，式①是正确的，式②中关于滑块A的动能，直接代入水平速度即可。

　　【正确解答】根据水平方向动量守恒有：

mv0cosθ=（m+M）v′①

　　【小结】分析此题时，可以先定性分析，从题目可以知道，V0越大，上升的距离越高；v0较小，则可能上不到顶端。

那么，刚好上升到

v0＞v时，才能够滑过。

对于题目中的关键字眼，“滑过”、“至少”等要深入挖掘。

　　例14、质量为M的小车，如图5－11所示，上面站着一个质量为m的人，以v0的速度在光滑的水平面上前进。

现在人用相对于小车为u的速度水平向后跳出后，车速增加了多少？

　　【错解分析】错解一：

把人和车作为一个系统，水平方向不受外力，所以水平方向动量守恒，设人跳出后，车速增加为△v，以V0方向为正方向，由动量守恒定律：

（M＋m）v0=M（v0+△v）－mu

　　错解二：

以人和车作为一个系统，因为水平方向不受外力、所以水平方向动量守恒。

设人跳出后，车速增加为△v，以v0方向为正方向。

人相对于地的速度为（u-v0）,由动量守恒定律：

（M＋m）v0=M（v0+△v）-m（u-v0）

　　错解一的主要问题在于没有把所有的速度都换算成同一惯性参考系中的速度。

因为题目中给出的v0是初状态车对地的速度，而人跳车时的速度u指的是对车的速度，在列动量守恒方程时，应把人跳车的速度变换成人对地的速度才可以运算。

　　错解二的主要问题是虽然变换了参考系，但忽略了相对速度的同一时刻性，即人跳车时，车的速度已经由v0变换成（v0+△v）了。

所以，人相对于地的速度，不是（v－v0）而应为[u－（v0+△v）]。

　　【正确解答】以人和车作为一个系统，因为水平方向不受外力，所以水平方向动量守恒。

设人跳出后，车对地的速度增加了△v，以v0方向为正方向，以地为参考系。

由动量守恒定律：

（M＋m）v0=M（v0+△v）－m[u－（v0＋△v）]

　　【小结】

（1）在应用动量守恒定律时，除注意判断系统受力情况是否满足守恒条件外，还要注意到相对速度问题，即所有速度都要是对同一参考系而言。

一般在高中阶段都选地面为参考系。

同时还应注意到相对速度的同时性。

（2）选取不同的参考系，解题方法有繁有简，以此题为例，若选取车作为参考系．则人与车组成的系统初态动量为零，末态动量为：

M△v－m（u－△v），由动量守恒定律：

0=M△v－m（u－△v）

题中，增加的速度与车原来的速度v0无关。

第二种解法显然比第一种要简捷得多。

　　例15、质量为M的小车，以速度v0在光滑水平地面前进，上面站着一个质量为m的人，问：

当人以相对车的速度u向后水平跳出后，车速度为多大？

　　【错解分析】错解一：

设人跳出后的瞬间车速为v，则其动量为Mv，根据动量守恒定律有：

（M＋m）v0＝Mv

　　错解二：

设人跳出后的车速为v，车的动量为Mv，人的动量为m（u+v），根据动量守恒定律有：

（M+m）v0=Mv+m（u＋v）

　　错解三：

设车的前进方向为正方向，人在跳出车后，车的动量为Mv，人的动量为－mu，根据动量守恒定律有：

（M＋m）v0＝Mv－mu

　　错解四：

设车的前进方向为正方向，则人跳出车后小车的动量Mv，人的动量为－m（u－v0），根据动量守恒定律有：

（M＋m）v0＝Mv－m（u－v0）

　　错解一的错误原因是动量守恒的对象应为车和人的系统，而错解一中把人跳离车后的动量丢掉了，即以系统的一部分（车）来代替系统（车和人）。

　　错解二：

是没有考虑到，人跳离车前后动量方向的变化。

而是简单地采用了算术和，忽略了动量的矢量性。

　　错解三的错误在于参考系发生变化了。

人跳离前人与车的动量是相对地的。

人跳离车后车的动量（Mv）也是相对地的，而人跳离车后人的动量（mu）却是相对于车而言的，所以答案不对。

　　错解四中的错误在于对速度的瞬时性的分析。

v0是人未跳离车之前系统（M＋m）的速度，－m（u－v0）就不能代表人跳离车后瞬间人的动量。

　　【正确解答】选地面为参照系，以小车前进的方向为正方向，根据动量守恒定律有：

（M＋m）v0=Mv－m（u－v）

　　【小结】应用动量守恒定律解题时应注意几个方面。

（1）整体性，动量守恒定律是对一个物体系统而言的，具有系统的整体性，而不能对系统的一个部分，如本题错解一。

（2）矢量性，动量守恒是指系统内部各部分动量的矢量和保持不变，在解题时必须运用矢量法则来计算而不能用算术方法，如本题错解二。

　　（3）相对性，动量守恒定律中系统在作用前后的动量都应是相对于同一惯性参考系而言。

如系统的各部分所选取的参考系不同，动量守恒不成立。

如本题错解三。

　　（4）瞬时性，一般来说，系统内的各部分在不同时刻具有不同的动量，系统在某一时刻的动量，应该是此时刻系统内各部分的瞬时动量的矢量和。

　　例16、图5－12，质量为m的人立于平板车上，人与车的总质量为M，人与车以速度v1在光滑水平面上向东运动。

当此人相对于车以速度v2竖直跳起时,车的速度变为：

（）

　　【错解分析】错解一：

根据动量守恒定律：

　　所以选A。

　　错解二：

因为人相对于车是竖直向上跳的，所以人与车系统在水平方向上不受外力，即人与车在水平方向动量守恒。

　　所以有：

Mv1=（M－m）v′1

　　产生上述错误的主要原因是对动量守恒定律的矢量性理解不深入。

　　错解一的错误在于没有考虑到动量的矢量性，只是简单地套用动量守恒定律公式，因而把V1，V2，V1′的方向混为一谈，而出现这种错误。

　　错解二的主要问题在于对物体惯性概念的理解还有问题。

误认为人竖直向上跳起就没有向前的水平速度了，也就没有向前的动量了，从这个错误认识出发就造成判断本题的错误。

也因为没有状态分析的习惯。

　　【正确解答】人和车这个系统，在水平方向上合外力等于零，系统在水平方向上动量守恒。

设车的速度V1的方向为正方向，选地面为参照系。

初态车和人的总动量为Mv1，末态车的动量为（M－m）v′l（因为人在水平方向上没有受到冲量，其水平动量保持不变）。

人在水平方向上对地的动量仍为mv1，

　　则有Mv1=（M－m）v′1＋mv1

　　（M－m）v1=（M－m）v′1

　　所以v′=v1正确答案应为D。

　　【小结】动量守恒定律是有条件的，一般教材把动量守恒条件分为三个层次：

（1）系统所受合外力为零；

（2）系统所受合外力虽然不为零，但在某方向合外力为零，则系统在该方向动量守恒；

　　（3）系统所受合外力远远小于内力，则系统动量近似守恒。

对于不同情况，应根据不同的条件去分析。

在上述三种情况下，都可以应用动量守恒定律求解相应物理量。

例17、如图5－13所示，在光滑水平轨道上有一小车质量为M2，它下面用长为L的绳系一质量为M1的砂袋，今有一水平射来的质量为m的子弹，它射入砂袋后并不穿出，而与砂袋一起摆过一角度θ。

不计悬线质量，试求子弹射入砂袋时的速度V0多大？

　　【错解分析】错解：

由动量守恒定律：

mv0=（M1＋M2+m）v

　　解得：

　　没有很好地分析物理过程，盲目模仿，没有建立正确的物理模型，简单地将此类问题看成“冲击摆”，缺少物理模型变异的透彻分析。

事实上，此题与“冲击摆”的区别在于悬点的不固定，而是随着小车往前移动的。

当摆摆到最高点时，（M1＋m）只是竖直方向的速度为零，而水平方向依然具有一定速度，即在最高点处（M1＋m）具有动能。

这一点是不少学生在分析物理过程及建立物理模型时最容易产生的错误。

　　【正确解答】子弹射入砂袋前后动量守恒，设子弹打入砂袋瞬间具有速度v0′，由动量守恒定律：

mv0=（M1＋m）v′①

　　此后（M1＋m）在摆动过程中，水平方向做减速运动，而M2在水平方向做加速运动，当（M1+m）与M2具有共同水平速度时，悬线偏角θ达到最大，即竖直向上的速度为零，在这一过程中。

满足机械能守恒