湖北省荆荆襄宜四地七校考试联盟届高三上学.docx
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湖北省荆荆襄宜四地七校考试联盟届高三上学
荆、荆、襄、宜四地七校考试联盟
2017届高三第一次联考
物理试题
命题学校:
襄阳市第五中学命题人:
王信审题人:
张世明
本试题卷共6页,17题(含选考题)。
全卷满分110分。
考试用时90分钟。
★祝考试顺利★
注意事项:
1、答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后方框涂黑。
2、选择题的作答:
每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3、非选择题的作答:
用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4、选考题的作答:
先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案写在答题卡上对应的答题区域内,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
5、考试结束后,请将答题卡上交。
第Ⅰ卷选择题
一、选择题:
本题共10小题,每小题4分.在每小题给出的四个选项中,第1~7题只有一项符合题目要求,第8~10题有多项符合题目要求.全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分.
1.下列关于物理学史和物理研究方法的叙述中正确的是
A.根据速度的定义式
,当Δt取不同的时间段时,v都可以表示物体的瞬时速度
B.牛顿发现了万有引力定律,并准确的测定了万有引力常量
C.伽利略借助实验研究和逻辑推理得出了自由落体运动规律
D.用比值定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例,例如场强
就是采用比值定义的
2.如图所示,在水平地面上竖直固定一直杆,质量为m的气球用轻质细线悬于杆顶端O,当水平风吹来时,气球在水平风力的作用下飘起来.已知风力大小正比于风速,当风速v0=3m/s时,测得球平衡时细线与竖直方向的夹角θ=30°.下列说法正确的是
A.细线拉力与风力的合力大于mg
B.θ=60°时,风速v=9m/s
C.若风速增大到某一值时,θ可能等于90°
D.若风力方向发生变化,θ仍为30o,则风力可能小于0.5mg
3.如图所示,水平地面上有一车厢,车厢内固定的平台通过相同的弹簧把相同的物块A、B压在竖直侧壁和水平的顶板上,已知A、B与接触面间的动摩擦因数均为μ,车厢静止时,两弹簧长度相同,A恰好不下滑,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为g.现使车厢沿水平方向加速运动,为保证A、B仍相对车厢静止,则
A.速度可能向左,加速度可大于(1+μ)g
B.加速度一定向右,不能超过(1-μ)g
C.加速度一定向左,不能超过μg
D.加速度一定向左,不能超过(1-μ)g
4.如图所示,位于同一高度的小球A、B分别水平抛出,都落在倾角为45°的斜面上的C点,小球B恰好垂直打到斜面上,则A、B在C点的速度之比为
A.1:
2B.1:
1
C.
:
D.
:
5.假定太阳系一颗质量均匀、可看做球体的小行星自转可以忽略,若该星球自转加快,角速度为ω时,该星球表面的“赤道”上物体对星球的压力减为原来的2/3.已知引力常量G,则该星球密度ρ为
A.
B.
C.
D.
6.如图所示,斜面体B静置于水平桌面上,斜面上各处粗糙程度相同.一质量为m的木块A从斜面底端开始以初速度v0上滑,然后又返回出发点,此时速度大小为v,且v A.物体上升的最大高度是(v02+v2)/4g B.桌面对B的静摩擦力的方向先向右后向左 C.A、B间因摩擦而放出的热量小于mv02/2 D.桌面对B的支持力大小,上滑过程中比下滑时小 7.如图所示,正方形与圆位于同一平面内,正方形的中心与与圆的圆心重合于O点,ab、cd分别是正方形两条边的中垂线,M、N为圆周上的点,正方形四角有等量点电荷.则下列说法正确的是 A.M、N两点的电场强度与电势均相同 B.虚线圆周为电场的一条等势线 C.若一正电荷从M点沿直线运动到O点,该正电荷受到的电场力一直减小 D.若将某一负电荷从M点沿折线M→O→N运动到N点,电场力始终不做功 8.甲、乙两车同时由同一地点沿同一方向做直线运动,它们的位移一时间图象如图所示,甲车图象为过坐标原点的倾斜直线,乙车图象为顶点在A点的拋物线,则下列说法正确的是 A.0~t1时间段内甲、乙之间的距离一直增大 B.0~t1/2时间段内,甲、乙之间的距离一直增大,t1/2~t1时间段内,甲、乙之间的距离一直减小 C.0~t2时间段内乙的平均速度等于甲的平均速度 D.0~t2时间段内,乙的路程大于甲的路程 9.如图所示,一竖直放置、内壁粗糙的圆锥筒绕其中心轴线旋转,角速度为ω0(ω0﹥0),内壁上有一小物块始终与圆锥保持相对静止,则下列说法正确的是 A.物块可能受两个力作用 B.物块受到的支持力一定大于重力 C.当角速度从ω0增大时,物块受到的支持力可能减小 D.当角速度从ω0增大时,物块受到的摩擦力可能一直增大 10.水平地面上有两个固定的、高度相同的粗糙斜面甲和乙,底边长分别为L1、L2,且L2=2L1,如图所示.两个完全相同的小滑块A、B(可视为质点)与两个斜面间的动摩擦因数相同,将小滑块A、B分别从甲、乙两个斜面的顶端同时由静止开始释放,取地面所在的水平面为零势能面,则 A.从顶端到底端的运动过程中,B克服摩擦而产生的热量是A的两倍 B.滑块A到达底端时的动能是滑块B到达底端时的动能的两倍 C.两个滑块从顶端运动到底端的过程中,重力对滑块A做功的平均功率比滑块B的大 D.两个滑块加速下滑的过程中,到达同一高度时,机械能可能相同 第Ⅱ卷非选择题 二、非选择题: 包括必考题和选考题两部分.第11~15题为必考题,每个试题考生都必须作答.第16~17题为选考题,考生根据要求作答. (一)必考题(共55分) 11.(6分)某活动小组利用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律.将气垫导轨调节水平后在上面放上A、B两个光电门,滑块通过一根细线与小盘相连.测得小盘和砝码的总质量m,质量为M的滑块上固定的挡光片宽度为d.实验中,静止释放滑块后测得滑块通过光电门A的时间为△tA,通过光电门B的时间为△tB. (1)实验中,该同学还需要测量 ; (2)实验测得的这些物理量若满足表达式 即可验证系统机械能守恒定律.(用实验中所测物理量相应字母表示) 12.(9分)利用如图甲所示电路可以测量电流表G1的内阻.可供选择的器材如下: 待测电流表G1: 量程为0~5mA,内阻约为300Ω ②电流表G2: 量程为0~10mA,内阻为40Ω ③定值电阻R1: 阻值为10Ω④定值电阻R2: 阻值为200Ω ⑤滑动变阻器R3: 阻值范围为0~1000Ω⑥滑动变阻器R4: 阻值范围为0~20Ω ⑦干电池E: 电动势约为1.5V,内阻很小可忽略⑧电键S及导线若干 (1)定值电阻R0应选,滑动变阻器R应选.(在空格内填写仪器前面的序号) (2)用笔画线代替导线,按图甲要求,在图乙中连接实物图. (3)实验步骤如下: ①按电路图连接电路(为电路安全,先将滑动变阻器滑片P调到左端) ②闭合电键S,移动滑片P至某一位置,记录G1和G2的读数,分别记为I1和I2; ③多次移动滑动触头,记录各次G1和G2的读数I1和I2; ④以I1为纵坐标,I2为横坐标,作出相应图线,如图丙所示. ⑤根据I1-I2图线的斜率k及定值电阻R0,得到待测电流表G1的内阻表达式为r1=.(用k、R0表示) 13.(10分)如图,在学校运动会团体托球跑步比赛中,某同学将质量为m的球置于球拍的光面中心,从静止开始先做加速度大小为a的匀加速直线运动,速度达到v0后做匀速直线运动至终点.已知运动过程中球始终相对球拍静止,且受到的空气阻力大小为f=kv(k为已知常量),方向与速度方向相反.不计球与球拍间的摩擦,重力加速度为g,求: (结果可以用三角函数表示) (1)在匀速直线运动阶段球拍面与水平方向的夹角θ0; (2)在匀加速直线运动阶段θ随时间t的变化关系式. 14.(14分)如图所示,水平放置的平行板电容器,两板间距为d=9cm,板长为L=30cm,接在直流电源上,有一带电液滴以v0=0.6m/s的初速度从板间的正中央水平射入,恰好做匀速直线运动,当它运动到P处时迅速将下板向上提起 cm,液滴刚好从金属板末端飞出,g取10m/s2.求: (1)将下板向上提起后,液滴的加速度; (2)液滴从射入电场开始计时,匀速运动到P点的时间. 15.(16分)如图所示,力学实验室轨道车在水平恒定的牵引力F=16N的作用下以v0=4.2m/s的速度沿水平面匀速前进.某时刻起,前进路线两侧的智能机械手臂每隔T=0.8s无初速(相对地面)投放一沙袋到车上.已知车的上表面光滑,每个沙袋的质量m=1.0kg.从放上第一个沙袋开始计时,0~0.8s内车运动的v-t图象如图2所示.整个过程中沙袋始终在车上未滑下,g=10m/s2.求: (1)小车的质量M及车与地面的动摩擦因数μ; (2)当小车停止时,车上有多少个沙袋? (二)选考题(共15分.请考生从下面两道题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一题记分.) 16.【物理——选修3-4】 (1)(5分)一列简谐横波在某时刻的波形如图所示,某时刻质点P的速度为v,经过1.0s它的速度第一次与v相同,再经过0.2s它的速度第二次与v相同,则下列判断中正确的是.(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分) A.波沿x轴正方向传播,波速为6m/s B.波沿x轴负方向传播,波速为5m/s C.若某时刻质点M到达波谷处,则质点P一定到达波峰处 D.质点M与质点Q的位移大小总是相等、方向总是相反 E.从图示位置开始计时,在2.0s时刻,质点P的位移为20cm (2)(10分)玻璃半圆柱体的半径为R,横截面如图所示,圆心为O,A为圆柱面的顶点.两条单色红光分别按如图方向沿截面入射到圆柱体上,光束1指向圆心,方向与AO夹角为30°,光束2的入射点为B,方向与底面垂直,∠AOB=60°,已知玻璃对该红光的折射率n= .求: ①求两条光线经柱面和底面折射后的交点与O点的距离d; ②若入射的是单色蓝光,则距离d将比上面求得的结果大还是小? 17.【物理——选修3-5】 (1)(5分)下列说法正确的是________(填正确答案标号.选对一个得2分,选对两个得4分,选对三个得5分.选错一个扣3分,最低得分为0分) A.卢瑟福通过α粒子散射实验建立了原子核式结构模型 B.爱因斯坦在对光电效应的研究中,提出了光子说 C.β衰变中产生的β射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的 D.对于任何一种金属都存在一个极限频率,入射光的频率必须大于这个极限频率,才能产生光电效应 E.根据玻尔理论可知,氢原子辐射出一个光子后,氢原子的电势能增大,核外电子的运动动能减小 (2)(10分)如图所示,质量为M=3kg的木箱静止在光滑的水平面上,木箱内粗糙的底板正中央放着一个质量为m=1kg的小木块,小木块可视为质点.现使木箱和小木块同时获得大小为v0=2m/s的方向相反的水平速度,小木块与木箱每次碰撞过程中机械能损失△E0=0.4J,小木块最终停在木箱正中央.已知小木块与木箱底板间的动摩擦因数为μ=0.3,木箱内底板长为L=0.2m.求: ①木箱的最终速度; ②小木块与木箱碰撞的次数. 荆、荆、襄、宜四地七校考试联盟 2017届高三第一次联考试题参考答案与解说 物理 1.C2.B3.B4.D5.C6.B7.D8.CD9.AD10.AC 11.(6分) (1)A、B两光电门之间的距离s;(2分) (2)mgs= (M+m)[( )2﹣( )2] (4分) 12.(9分) (1)④(2分),⑥(2分) (2)见右图(2分)(只要有一处错误即不得分) (3) (3分) 13.解: (1)对球受力分析,由平衡条件得: tanθ0= (3分) (2)对球受力分析,竖直方向: FNcosθ=mg(2分) 水平方向: FNsinθ—kv=ma(2分) v=at(1分) 解得: tanθ= (2分) 14. (1)带电液滴在板间做匀速直线运动,电场力向上 qE=mg,E= ,即qU=mgd(2分) 当下板上移后,E增大,电场力变大,液滴向上偏转,在电场中做匀变速直线运动 此时电场力: F′=q = (2分) 由牛顿第二定律: a= = (2分) 代入数据得: a=1m/s2(1分) 方向竖直向上 (1分) (2)液滴在竖直方向上的位移为d/2,设液滴从P点开始在板间运动的时间为t1 = at12,t1=0.3s(2分) 液滴在电场中运动的总时间t2= =0.5s(2分) 则液滴从射入电场到P点的时间为: t=t2—t1=0.2s(2分) 15.解: (1)小车的上表面光滑,沙袋相对地面始终保持静止状态,放上沙袋后小车开始做匀减速运动,设小车与地面间的动摩擦因数为μ,未放沙袋时μMg=F1分) 放上第一个沙袋后,对小车有: F﹣μ(m+M)g=Ma1(1分) 即﹣μmg=Ma1(1分) 由v﹣t图象可知,△v1=v1﹣v0=(4.2﹣4.0)m/s=﹣0.2m/s(1分) 放上第一个沙袋后小车的加速度为a1=﹣0.25m/s2(1分) 解得μ=0.20, M=8kg.(2分) (2)同理,放上第二个沙袋后,对小车有﹣2μmg=Ma2 代入数据解得a2=2a1=﹣0.5m/s2(1分) 0.8s内速度改变量△v2=a2T=﹣0.4m/s(1分) 放上第三个沙袋后小车的加速度为a3=﹣3a1=﹣0.75m/s2(1分) 0.8s内速度改变量△v3=﹣3×0.2m/s=﹣ 0.6m/s(1分) 则放上第n个沙袋后小车的加速度an=﹣na1(n=1,2,3,…)(1分) 0.8s内速度改变量△vn=﹣n×0.2m/s(n=1,2,3,…)(1分) 所以△v=△v1+△v2+△v3+…+△vn=﹣(1+2+3+…+n)×0.2m/s(1分) 而△v=0﹣4.2m/s=﹣4.2m/s,(1分) 联立解得n=6.(1分) 即当小车停止时,车上有6个沙袋. 【物理---选修3-4】 16. (1)BCE (2)解: : ①对光线2: 入射角i=60°,sinr= ,r=30°(2分) 入射到底面的入射角 i′=60°-r=30° ,则: sinr′=nsini′= ,r′=60°(2分) LOC= = (2分) 同理,光线1从O点出射,折射光线与CD交于E点,折射角∠EOD=60° ,则△EOD为等边三角形,d=OE=OD=LOCtan30°= (2分) ②玻璃对蓝光的折射率比对红光的大,蓝光偏折更明显,故d变小(2分) 【物理---选修3-5】 17. (1)ABD (2)解: ①设最终速度为v,以箱子初速度方向为正 由系统动量守恒: Mv0+m(-v0)=(M+m)v(2分) 得: v=1m/s(2分) ②对整个过程,由能量守恒: (2分) △E=n(μmgL+△E0)(2分) 得: n=6(2分)
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