届 人教版遗传因子的发现单元测试.docx
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届人教版遗传因子的发现单元测试
2017届人教版遗传因子的发现单元测试
一、选择题
1.实验者利用基因工程技术将某抗旱植株的高抗旱基因R成功转入到一抗旱能力弱的植株品种的染色体上,并得到如图所示的三种类型。
下列说法中不正确的是( )
A.若自交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为75%,则目的基因的整合位点属于图中的Ⅲ类型
B.Ⅰ和Ⅱ杂交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为100%
C.Ⅱ和Ⅲ杂交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为7/8
D.Ⅰ和Ⅲ杂交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为100%
解析:
Ⅲ的两个R基因分别位于两条非同源染色体上,其基因型可以表示为R1r1R2r2,该个体自交,后代中只要含有一个R基因(R1或R2)就表现为高抗旱性,后代中高抗旱性植株占15/16;Ⅰ产生的配子中都有R基因,因此,它与Ⅱ杂交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为100%;Ⅲ的基因型可以表示为R1r1R2r2,可以产生四种配子,与Ⅱ杂交,后代中高抗旱性植株所占比例为1-1/4×1/2=7/8。
答案:
A
2.(2015·高考山东卷)玉米的高秆(H)对矮秆(h)为显性。
现有若干H基因频率不同的玉米群体,在群体足够大且没有其他因素干扰时,每个群体内随机交配一代后获得F1。
各F1中基因型频率与H基因频率(p)的关系如图。
下列分析错误的是( )
A.0<p<1时,亲代群体都可能只含有纯合体
B.只有p=b时,亲代群体才可能只含有杂合体
C.p=a时,显性纯合体在F1中所占的比例为1/9
D.p=c时,F1自交一代,子代中纯合体比例为5/9
解析:
若亲代群体只含有纯合体HH和hh,由于基因型频率不确定,则基因频率也不确定(0
答案:
D
3.(2013·高考新课标全国卷Ⅰ)若用玉米为实验材料验证孟德尔分离定律,下列因素对得出正确实验结论影响最小的是( )
A.所选实验材料是否为纯合子
B.所选相对性状的显隐性是否易于区分
C.所选相对性状是否受一对等位基因控制
D.是否严格遵守实验操作流程和统计分析方法
解析:
孟德尔分离定律的本质是杂合子在减数分裂时,位于一对同源染色体上的一对等位基因分离,进入不同的配子中去,独立地遗传给后代。
验证孟德尔分离定律一般用测交的方法,即杂合子与隐性个体杂交。
若如题中选项A用纯合子验证的话,可用杂交再测交得出子二代1∶1的性状分离比,这样也能验证孟德尔的分离定律,即所选实验材料是否为纯合子都不影响验证结果,故A选项符合题意,影响较小;对分离定律进行验证的实验要求所选相对性状有明显的显性隐性区分,否则会严重影响实验结果;验证实验中所选的相对性状一定受一对等位基因控制,这样才符合分离定律的适用范围;实验中要严格遵守实验操作流程和统计分析方法,否则会导致实验误差。
答案:
A
4.依次解决①~④中的遗传问题可采用的方法是( )
①鉴定一只白羊是否是纯种 ②在一对相对性状中区分显隐性 ③不断提高小麦抗病品种的纯度 ④检验杂种F1基因型
A.杂交、自交、测交、测交
B.测交、杂交、自交、测交
C.杂交、测交、杂交、自交
D.杂交、杂交、杂交、测交
解析:
本题考查各种交配方式及应用。
鉴定某生物是否是纯种,对于植物来说可以采用自交或测交的方法,其中自交是最简便的方法,对于动物来说则只能用测交的方法。
要区分一对相对性状的显隐性关系,可以让生物进行杂交,有两种情况可以作出判断,若是两个相同性状的生物个体杂交,后代出现了性状分离,则亲本的性状为显性性状;若是不同性状的生物个体杂交,后代只出现一种性状,则出现的性状为显性性状。
不断地自交可以明显提高生物品种的纯度。
测交的重要意义是可以鉴定显性个体的基因型。
答案:
B
5.(2016·邯郸模拟)老鼠毛色有黑色和黄色之分,这是一对相对性状。
请根据下面三组交配组合,判断四个亲本中是纯合子的是( )
交配组合
子代表现型及数目
①
甲(黄色)×乙(黑色)
12(黑)、4(黄)
②
甲(黄色)×丙(黑色)
8(黑)、9(黄)
③
甲(黄色)×丁(黑色)
全为黑色
A.甲和乙 B.乙和丙
C.丙和丁D.甲和丁
解析:
根据交配组合③:
甲(黄色)×丁(黑色)→后代全为黑色,说明黑色相对于黄色为显性性状(用A、a表示),且甲的基因型为aa,丁的基因型为AA;甲(黄色)×乙(黑色)→后代出现黄色个体,说明乙的基因型为Aa;甲(黄色)×丙(黑色)→后代出现黄色个体,说明丙的基因型为Aa。
由此可见,甲和丁为纯合子。
答案:
D
6.在家鼠中短尾(T)对正常尾(t)为显性。
一只短尾鼠与一只正常鼠交配,后代中正常尾与短尾比例相同;而短尾类型相交配,子代中有一类型死亡,能存活的短尾与正常尾之比为2∶1,则不能存活类型的基因型可能是( )
A.TTB.Tt
C.ttD.TT或Tt
解析:
由题干可知,Tt(短尾鼠)×Tt(短尾鼠)→T_(短尾鼠)∶tt(正常尾鼠)=2∶1,又因短尾鼠×tt(正常鼠)→正常尾鼠∶短尾鼠=1∶1,得出存活的短尾鼠一定是杂合子(Tt),所以排除其他致死因素,则致死的小鼠一定是纯合短尾鼠。
答案:
A
7.已知一批基因型为AA和Aa的豌豆种子,其数目之比为1∶2,将这批种子种下,自然状态下(假设结实率相同)其子一代中基因型为AA、Aa、aa的种子数之比为( )
A.3∶2∶1 B.1∶2∶1
C.3∶5∶1D.4∶4∶1
解析:
豌豆为自花传粉,闭花受粉,所以自然状态下均为自交,AA的个体占1/3,自交后代全部为AA,占1/3;Aa的个体占2/3,后代有三种基因型,所占比例分别为AA=2/3×1/4=1/6、Aa=2/3×2/4=1/3、aa=2/3×1/4=1/6,统计结果AA=3/6、Aa=2/6、aa=1/6,故种子数之比为3∶2∶1。
答案:
A
8.(2016·湖北联考)位于常染色体上的A、B、C三个基因分别对a、b、c完全显性。
用隐性性状个体与显性纯合个体杂交得F1,F1测交结果为aabbcc∶AaBbCc∶aaBbcc∶AabbCc=1∶1∶1∶1,则下列正确表示F1基因型的是( )
解析:
由于与F1测交的隐性亲本基因型为aabbcc,其产生的配子是abc,所以将测交后代的所有基因型中均除去abc,即为F1产生的配子基因型:
abc、ABC、aBc、AbC4种,由此可确定基因A与C连锁遗传,基因a与c连锁遗传,故选B项。
答案:
B
9.(2015·高考海南卷)下列叙述正确的是( )
A.孟德尔定律支持融合遗传的观点
B.孟德尔定律描述的过程发生在有丝分裂中
C.按照孟德尔定律,AaBbCcDd个体自交,子代基因型有16种
D.按照孟德尔定律,对AaBbCc个体进行测交,测交子代基因型有8种
解析:
本题考查孟德尔的遗传定律的相关知识。
孟德尔定律不支持融合遗传的观点,A错误;孟德尔定律描述的过程发生在减数分裂过程中,B错误;AaBbCcDd个体自交,子代基因型有34种,C错误;AaBbCc能产生8种配子,而aabbcc只产生1种配子,故AaBbCc测交子代基因型有8种,D正确。
答案:
D
10.D、d和T、t是位于两对同源染色体上的两对等位基因,控制两对相对性状。
若两个纯合亲本杂交得到F1的基因型为DdTt,F1自交得到F2。
下列叙述不正确的是( )
A.F2中能稳定遗传的个体占1/4
B.F2中重组类型占3/8或5/8
C.F1自交,雌配子与雄配子随机结合
D.另有两亲本杂交后代表现型之比为1∶1∶1∶1,则两亲本基因型一定是DdTt和ddtt
解析:
F1自交后代F2中纯合子所占的比例为1/2×1/2=1/4,A正确;两个纯合亲本的基因型是DDTT×ddtt或DDtt×ddTT,所以F2中重组类型占3/8或5/8,B正确;若杂交后代表现型之比为1∶1∶1∶1,则杂交亲本可能是DdTt和ddtt,也可能是Ddtt和ddTt,D错误。
答案:
D
11.某种小鼠的体色受常染色体基因的控制,现用一对纯合灰鼠杂交,F1都是黑鼠,F1中的雌雄个体相互交配,F2体色表现为9黑∶6灰∶1白。
下列叙述正确的是( )
A.小鼠体色遗传遵循基因自由组合定律
B.若F1与白鼠杂交,后代表现为2黑∶1灰∶1白
C.F2灰鼠中能稳定遗传的个体占1/2
D.F2黑鼠有两种基因型
解析:
根据F2代性状分离比可判断该种小鼠的体色基因的遗传遵循自由组合定律,A正确;F1(AaBb)与白鼠(aabb)杂交,后代中AaBb(黑)∶Aabb(灰)∶aaBb(灰)∶aabb(白)=1∶1∶1∶1,B错误;F2灰鼠(A_bb、aaB_)中纯合子占1/3,C错误;F2黑鼠(A_B_)有4种基因型,D错误。
答案:
A
12.(2016·包头模拟)在豚鼠中,黑色(C)对白色(c)、毛皮粗糙(R)对毛皮光滑(r)是显性。
能验证基因的自由组合定律的最佳杂交组合是( )
A.黑光×白光→18黑光∶16白光
B.黑光×白粗→25黑粗
C.黑粗×白粗→15黑粗∶7黑光∶16白粗∶3白光
D.黑粗×白光→10黑粗∶9黑光∶10白粗∶11白光
解析:
验证基因自由组合定律的方法有测交和自交两种,测交子代表现型应出现1∶1∶1∶1,自交子代表现型应出现9∶3∶3∶1,D正确。
答案:
D
13.现有①~④四个果蝇品系(都是纯种),其中品系①的性状均为显性,品系②~④均只有一种性状是隐性,其他性状均为显性。
这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示:
品系
①
②
③
④
隐性性状
均为显性
残翅
黑身
紫红眼
相应染色体
Ⅱ、Ⅲ
Ⅱ
Ⅱ
Ⅲ
若需验证自由组合定律,可选择下列哪种交配类型( )
A.①×② B.②×④
C.②×③D.①×④
解析:
自由组合定律研究的是位于非同源染色体上的非等位基因的遗传规律,故选②×④或③×④。
答案:
B
二、非选择题
14.(2016·合肥模拟)葫芦科植物喷瓜的自然种群中有雄株、雌株和两性植株,A基因决定雄株,a基因决定两性植株,a-基因决定雌株。
A对a、a-为显性。
现有喷瓜植株甲(雄株)、乙(雌株)、丙1(两性植株)、丙2(两性植株),实验小组做了如下实验:
实验1:
甲×乙→F1雄株∶雌株=1∶1
实验2:
丙1自交→F1全为两性植株
实验3:
丙2自交→F1两性植株∶雌株=3∶1
实验4:
甲×丙2→F1雄株∶雌株∶两性植株=2∶1∶1
实验5:
丙2×乙→F1两性植株∶雌株=1∶1
请回答:
(1)根据实验结果对a-、a的显隐关系做出相应的推断:
________________。
(2)在不考虑基因突变的情况下,喷瓜自然种群中雄株的基因型有________种,雌株的基因型有________种。
(3)将植株丙1与雌株乙间行种植,F1基因型为________、________。
将雌株上收获的种子种植,让其自花传粉,后代的表现型及其比例是____________________________________。
解析:
(1)根据实验3结果可知a对a-为显性。
(2)分析可知,雌性植株基因型为a-a-一种,两性植株基因型为aa、aa-两种,则雄性植株不可能出现AA,只能是Aa、Aa-两种。
(3)植株丙1(aa)与雌株乙(a-a-)间行种植,后代可能来自植株丙1自交,或植株丙1和乙杂交,故F1基因型为aa或aa-两种。
雌株乙上收获的种子基因型为aa-,种植后为两性植株,自交后代基因型为aa、aa-、a-a-,比例为1∶2∶1,表现型为两性植株∶雌株=3∶1。
答案:
(1)a对a-为显性
(2)2 1 (3)aa aa- 两性植株∶雌株=3∶1
15.某种雌雄同株植物的花色有红花和白花两种,由位于常染色体上的等位基因B和b控制。
已知白花植株不育。
现利用红花植株进行系列实验,结果见表。
请回答下列问题:
实验1:
红花植株自交
结果:
F1红花∶白花=1∶1
实验2:
F1红花植株的花粉离体培养→秋水仙素处理所获得的幼苗
结果:
全为白花
(1)红花和白花的显、隐性关系是______________________。
(2)红花和白花植株的基因型分别为________。
(3)实验2采用了________育种的方法;实验2的结果说明_________________________。
(4)让红花植株逐代自交,后代基因B的频率________(填“增大”“减小”或“不变”)。
解析:
(1)红花植株自交,后代出现了白花植株,说明红花是显性性状。
(2)实验1中红花亲本的基因型为Bb,F1红花的基因型可能为BB或Bb,根据F1中红色∶白花=1∶1及实验2的结果(全为白花bb),可以确定F1红花的基因型只能为Bb。
(3)实验2中经过了花药的离体培养和秋水仙素处理单倍体植株的幼苗,因而属于单倍体育种。
利用红花植株Bb进行单倍体育种只能获得bb的后代,这说明红花植株产生的B花粉是不可育的(或致死的)。
(4)红花Bb自交,F1只有Bb和bb两种基因型,F1中基因B的频率为1/4,由于白花bb不可育,则F1自交(只有Bb可育),F2的基因型有Bb和bb,因此,F2中基因B的频率仍为1/4,可见,红花植株逐代自交,后代基因B的频率始终为1/4。
答案:
(1)红花对白花为显性性状
(2)Bb、bb (3)单倍体 红花植株Bb产生的花粉只有b可育,而B不可育(或致死) (4)不变
16、(2016·黄山七校联考)在生物的遗传基因中存在复等位现象,如a1、a2……但就每一个二倍体细胞来讲,最多只能有其中的两个,且分离的原则相同。
在小鼠中,有一复等位基因:
A控制黄色,纯合子致死;a1控制鼠色,野生型;a2控制黑色。
这一复等位基因系列位于常染色体上,A对a1、a2为显性,a1对a2为显性。
AA个体在胚胎期死亡。
请回答下列问题:
(1)现有下列杂交组合,Aa1(黄色)×Aa2(黄色),则理论上它们子代的表现型为________。
(2)两只鼠杂交,后代出现三种表现型,则该对亲本的基因型是________,它们再生一只黑色雄鼠的概率是________。
(3)现有一只黄色雄鼠和多只其他各色的雌鼠,如何利用杂交方法检测出该雄鼠的基因型?
实验思路:
①选用该黄色雄鼠与________杂交。
②________________________________________________________________________。
结果预测:
①如果后代________,则该黄色雄鼠的基因型为Aa1。
②如果后代________,则该黄色雄鼠的基因型为Aa2。
[解析]
(1)Aa1(黄色)×Aa2(黄色)→AA(致死)、Aa1(黄色)、Aa2(黄色)、a1a2(鼠色)。
(2)Aa2(黄色)×a1a2(鼠色)→Aa1(黄色)、Aa2(黄色)、a1a2(鼠色)、a2a2(黑色),后代中出现黑色鼠的概率为1/4,故它们再生一只黑色雄鼠的概率是1/4×1/2=1/8。
(3)检测动物的基因型,常用测交法。
可进行逆向推导:
Aa1(黄色)×a2a2(黑色)→Aa2(黄色)、a1a2(鼠色)。
Aa2(黄色)×a2a2(黑色)→Aa2(黄色)、a2a2(黑色)。
[答案]
(1)黄色、鼠色
(2)Aa2×a1a2 1/8 (3)实验思路:
①多只黑色雌鼠 ②观察后代鼠的体色 结果预测:
①黄色∶鼠色=1∶1 ②黄色∶黑色=1∶1
17.(2012·高考新课标全国卷)一对毛色正常鼠交配,产下多只鼠,其中一只雄鼠的毛色异常。
分析认为,鼠毛色出现异常的原因有两种:
一是基因突变的直接结果(控制毛色基因的显隐性未知,突变只涉及一个亲本常染色体上一对等位基因中的一个基因);二是隐性基因携带者之间交配的结果(只涉及亲本常染色体上一对等位基因)。
假定这只雄鼠能正常生长发育,并具有生殖能力,后代可成活。
为探究该鼠毛色异常的原因,用上述毛色异常的雄鼠分别与其同一窝的多只雌鼠交配,得到多窝子代。
请预测结果并作出分析:
(1)如果每窝子代中毛色异常鼠与毛色正常鼠的比例均为________,则可推测毛色异常是________性基因突变为________性基因的直接结果,因为_________________________
(2)如果不同窝子代出现两种情况,一种是同一窝子代中毛色异常鼠与毛色正常鼠的比例为________,另一种是同一窝子代全部表现为________鼠,则可推测毛色异常是隐性基因携带者之间交配的结果。
解析:
本题考查基因分离定律的应用及基因突变的相关知识。
(1)若毛色异常鼠为基因突变所致,则毛色正常鼠应为纯合子,被发现的毛色异常鼠应为杂合子。
则题干中的交配实验,其子代中表现型比例为毛色正常鼠∶毛色异常鼠=1∶1。
(2)设控制毛色的基因为A、a,若毛色异常鼠的出现是隐性基因携带者之间交配的结果,则一对毛色正常鼠交配有:
♀Aa×♂Aa→1AA∶2Aa∶1aa,用毛色异常的雄鼠(aa)分别与其同一窝的多只毛色正常雌鼠交配,可能出现两种情况:
①Aa×aa→1Aa∶1aa;②AA×aa→Aa。
答案:
(1)1∶1 隐 显 只有两个隐性纯合亲本中一个亲本的一个隐性基因突变为显性基因时,才能得到每窝毛色异常鼠与毛色正常鼠的比例均为1∶1的结果(其他合理答案也可)
(2)1∶1 毛色正常
18.(2016·天津联考)玉米是生物实验的好材料,玉米是雌雄同株植物(顶部生雄花序,侧面生雌花序),玉米的染色体有20条(2N=20),下面以玉米为材料来完成相关的实验。
(1)将发芽的玉米种子研磨液过滤置于试管中,加入斐林试剂,并55℃水浴加热2min,试管中如果出现砖红色沉淀,则说明有________的存在。
(2)将水培的玉米幼苗置于冰箱低温室(4℃)诱导培养36h,欲观察染色体的形态和数目,需用显微镜观察根尖分生区处于________期的细胞,细胞中染色体的形态有________种,数目可能有________条。
(3)在一个育种实验中,采用植株A、B玉米进行如图所示的实验。
请回答下列问题:
三种授粉所获得的玉米粒色如下表
授粉
紫红粒玉米/粒
黄粒玉米/粒
Ⅰ
587
196
Ⅱ
0
823
Ⅲ
412
386
①在进行以上三种传粉实验时,常需要将雌、雄花序在人工授粉前和授粉后用袋子罩住,目的是防止___________________________。
②用G代表显性基因,g代表隐性基因,则植株A和植株B的基因型分别为________,授粉Ⅰ的子代中,紫红色玉米粒的基因型是________。
③若只进行授粉Ⅲ一种实验,根据表Ⅲ中实验结果,如何进一步设计实验确定玉米粒色的显隐性关系__________
解析:
(1)还原糖与斐林试剂发生反应,在55℃水浴加热的条件下生成砖红色沉淀。
(2)处于有丝分裂中期的细胞,染色体形态比较稳定,数目比较清晰,因此观察染色体的形态和数目,需用显微镜观察根尖分生区处于有丝分裂中期的细胞。
玉米是二倍体的生物,其体细胞中含有20条染色体,10对同源染色体,非同源染色体的大小、形态各不相同,因此细胞中染色体的形态有10种。
低温能够抑制纺锤体的形成,导致细胞中的染色体数加倍,将水培的玉米幼苗置于冰箱低温室(4℃)诱导培养36h(确保经历一个细胞周期),处于有丝分裂中期的细胞中的染色体数目可能为20或40条。
(3)①人工授粉前后,雌、雄花序都进行套袋处理,其目的是防止混入别的花粉(实验要求以外的花粉落在雌蕊柱头上),进而对实验结果产生干扰。
②授粉Ⅰ是将植株A的花粉传授到同一植株的雌花序上,后代出现性状分离,说明紫红色是显性性状,黄色是隐性性状,植株A是杂合子,基因型为Gg;授粉Ⅱ是将植株B的花粉传授到同一植株的雌花序上,后代均为黄粒玉米,说明植株B的基因型为gg。
授粉Ⅰ的子代即基因型为Gg植株A的自交后代紫红色玉米粒的基因型是GG、Gg。
③授粉Ⅲ是将植株A的花粉传授到植株B的雌花序上,后代紫红粒玉米∶黄粒玉米≈1∶1,说明有一个亲本是杂合子,另一个亲本是隐性纯合子,若要进一步设计实验确定玉米粒色的显隐性关系,可将紫红粒玉米和黄粒玉米培养成植株,分别进行同株异花传粉(自交),观察后代玉米种子的颜色,出现性状分离的亲本所具有的性状为显性。
答案:
(1)还原糖
(2)有丝分裂中 10 20或40
(3)①混入别的花粉(实验要求以外的花粉落在雌蕊柱头上) ②Gg、gg GG、Gg
③将紫红粒玉米和黄粒玉米培养成植株,分别进行同株异花传粉(自交),观察后代的性状
19.某学校生物小组在一块较为封闭的地里发现了一些野生植株,花色有红色和白色两种,茎秆有绿茎和紫茎两种,同学们分组对该植物的花色、茎色进行遗传方式的研究。
请根据实验结果进行分析。
第一组:
取90对亲本进行实验
第二组:
取绿茎和紫茎的植株各1株
亲本
杂交组合
F1表现型
交配组合
F1表现型
A:
30对亲本
红花×红花
36红花∶1白花
D:
绿茎×紫茎
绿茎∶紫茎=1∶1
B:
30对亲本
红色×白花
5红花∶1白花
E:
紫茎自交
全为紫茎
C:
30对亲本
白花×白花
全为白花
F:
绿茎自交
由于虫害,植株死亡
(1)从第一组花色遗传的结果来看,花色隐性性状为________,最可靠的判断依据是________组。
(2)若任取B组的一株亲本红花植株使其自交,其子一代表现型的情况是____________。
(3)由B组可以判定,该种群中显性纯合子与杂合子的比例约为________。
(4)从第二组茎色遗传的结果来看,隐性性状为________,判断依据的是________组。
(5)如果F组正常生长繁殖,其子一代表现型的情况是________。
(6)A、B两组杂交后代没有出现3∶1或1∶1的分离比,试解释:
________________________________________________________________________。
解析:
(1)由A组中“红花×红花”后代出现性状分离可以判定白花为隐性性状。
依据C组不能作出判断,因为若亲代全为显性纯合子或至少有一方为显性纯合子,后代也会出现这种情况。
(2)B组亲本中的任意一株红花植株,可能是纯合子也可能是杂合子,因此自交后代出现的情况是全为红花或红花∶白花=3∶1。
(3)B组中的白花个体为隐性纯合子,因此F1中5红花∶1白花就代表了亲代中的所有红花亲本所含显隐性基因的比,即显性基因∶隐性基因=5∶1。
如果设显性基因为R,RR占红花的比例为x,Rr占红花的比例为y,则
=
,即
=2,则RR∶Rr=2∶1。
(4)第二组的情况与第一组不同,第一组类似于群体调查结果,第二组为两亲本杂交情况,由D组可判定为测交类型,亲本一个为杂合子,一个为隐性纯合子;再根据E组可判定紫茎亲本为隐性纯合子。
(5)杂合子自交,后代将出现3∶1的性状分离比。
(6)亲本中的红花个体既有纯合子,又有杂合子,因此杂交组合有多种情况(如A组可能有RR×RR、RR×Rr、Rr×Rr三种
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